Cho a.b.c>0 và a+b+c=3
Chứng minh:
a, $\frac{1}{a^{2}}+\frac{1}{b^{2}}+\frac{1}{c^{2}}\geq a^{2}+b^{2}+c^{2}$
b, $\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c}\geq ab+ac+bc$
Cho a.b.c>0 và a+b+c=3
Chứng minh:
a, $\frac{1}{a^{2}}+\frac{1}{b^{2}}+\frac{1}{c^{2}}\geq a^{2}+b^{2}+c^{2}$
b, $\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c}\geq ab+ac+bc$
b, $\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c}\geq ab+ac+bc$
BĐT $\Leftrightarrow 2(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c})\geqslant 2(ab+bc+ca)=9(a+b+c)^2-(a^2+b^2+c^2)$
$\Leftrightarrow 2(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c})+a^2+b^2+c^2\geqslant 9$
Áp dụng AM-GM ta có $\sqrt{a}+\sqrt{a}+a^2\geqslant 3a$
Tương tự 2 bất đẳng thức còn lại rồi cộng vào ta có đpcm
Đẳng thức xảy ra khi $a=b=c=1$
Cho a.b.c>0 và a+b+c=3
Chứng minh:a, $\frac{1}{a^{2}}+\frac{1}{b^{2}}+\frac{1}{c^{2}}\geq a^{2}+b^{2}+c^{2}$
Áp dụng AM-GM ta có bất đẳng thức sau $\frac{1}{a^2}+\frac{1}{b^2}+\frac{1}{c^2}\geqslant \frac{1}{ab}+\frac{1}{bc}+\frac{1}{ca}$
Do đó ta sẽ chứng minh bất đẳng thức mạnh hơn sau
$\frac{1}{ab}+\frac{1}{bc}+\frac{1}{ca}\geqslant a^2+b^2+c^2$
$\Leftrightarrow a+b+c\geqslant abc(a^2+b^2+c^2)$
$\Leftrightarrow abc(a^2+b^2+c^2)\leqslant 3$
Đặt $t=ab+bc+ca\Rightarrow t^2\geqslant 3abc(a+b+c)=9abc$
$\Rightarrow abc\leqslant \frac{t^2}{9}$
Lại có $a^2+b^2+c^2=9-2t$
Áp dụng tiếp AM-GM $\Rightarrow abc(a^2+b^2+c^2)\leqslant \frac{t^2(9-2t)}{9}=\frac{t.t.(9-2t)}{9}\leqslant 3$
Vậy ta có đpcm
Đẳng thức xảy ra khi $a=b=c=1$
Bài 1 có thể dùng hàm lõm hoặc phương pháp $UCT$ để chứng minh.
Bài 1 có thể dùng hàm lõm hoặc phương pháp $UCT$ để chứng minh.
Cái này đâu có nằm trong phần toán THCS
BĐT $\Leftrightarrow 2(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c})\geqslant 2(ab+bc+ca)=9(a+b+c)^2-(a^2+b^2+c^2)$
$\Leftrightarrow 2(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c})+a^2+b^2+c^2\geqslant 9$
Áp dụng AM-GM ta có $\sqrt{a}+\sqrt{a}+a^2\geqslant 3a$
Tương tự 2 bất đẳng thức còn lại rồi cộng vào ta có đpcm
Đẳng thức xảy ra khi $a=b=c=1$
câu này có trong sáng tạo BĐT này.
BẤT ĐẲNG THỨC CHÍNH LÀ THUỐC PHIỆN CỦA TOÁN HỌC
ta có bđt AM-GM: $\frac{1}{a^2}+\frac{1}{b^2}+\frac{1}{c^2}\geq \frac{1}{ab}+\frac{1}{bc}+\frac{1}{ca}$
c/m $\frac{1}{ab}+\frac{1}{ca}+\frac{1}{cb}\geq a^2+c^2+b^2$ là xong
nhớ like tui nha các bạn
Cho a.b.c>0 và a+b+c=3
Chứng minh:a, $\frac{1}{a^{2}}+\frac{1}{b^{2}}+\frac{1}{c^{2}}\geq a^{2}+b^{2}+c^{2}$
Ta có: $\frac{1}{a^2}+\frac{1}{b^2}+\frac{1}{c^2}\geq \frac{1}{ab}+\frac{1}{bc}+\frac{1}{ca}=\frac{a+b+c}{abc}=\frac{3}{abc}$
Ta cần chứng minh: $\frac{3}{abc}+2(ab+bc+ca)\geq (a+b+c)^2=9$
Lại có: $(ab+bc+ca)^2\geq 3abc(a+b+c)=9abc\Rightarrow 2(ab+bc+ca)\geq 6\sqrt{abc}$
$\Rightarrow \frac{3}{abc}+2(ab+bc+ca)\geq \frac{3}{abc}+6\sqrt{abc}=\frac{3}{abc}+3\sqrt{abc}+3\sqrt{abc}\geq 9$
Vậy bất đẳng thức được chứng minh
Đẳng thức xảy ra khi a = b = c = 1
Trong cuộc sống không có gì là đẳng thức , tất cả đều là bất đẳng thức
$\text{LOVE}(\text{KT}) S_a (b - c)^2 + S_b (c - a)^2 + S_c (a - b)^2 \geqslant 0\forall S_a,S_b,S_c\geqslant 0$
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh