CM:bđt Vasc sau: $(a^{2}+b^{2}+c^{2})^{2}\geq 3(a^{3}b+b^{3}c+c^{3}a)$
Ghi chú:Không giải trực tiếp bình thường và giải chi tiết ...
CM:bđt Vasc sau: $(a^{2}+b^{2}+c^{2})^{2}\geq 3(a^{3}b+b^{3}c+c^{3}a)$
Ghi chú:Không giải trực tiếp bình thường và giải chi tiết ...
CM:bđt Vasc sau: $(a^{2}+b^{2}+c^{2})^{2}\geq 3(a^{3}b+b^{3}c+c^{3}a)$
Ghi chú:Không giải trực tiếp bình thường và giải chi tiết ...
BĐT tương đương với
$\frac{1}{2}(a^2-b^2+2bc-ab-ac)^2+\frac{1}{2}(b^2-c^2+2ac-bc-ab)^2+\frac{1}{2}(c^2-a^2+2ab-ac-bc)^2 \geq 0$(đpcm)
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi tienduc: 22-08-2017 - 21:26
Cái này trên mạng có lời giải mà, có cách của anh Cẩn coi cũng dễ hiểu.
Sự khác biệt giữa thiên tài và kẻ ngu dốt là ở chỗ thiên tài luôn có giới hạn.
Cái này trên mạng có lời giải mà, có cách của anh Cẩn coi cũng dễ hiểu.
Cái này trên mạng có lời giải mà, có cách của anh Cẩn coi cũng dễ hiểu.
Cho liên kết... với cách dễ hiểu
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi hoicmvsao: 26-08-2017 - 23:43
BĐT tương đương với
$\frac{1}{2}(a^2-b^2+2bc-ab-ac)^2+\frac{1}{2}(b^2-c^2+2ac-bc-ab)^2+\frac{1}{2}(c^2-a^2+2ab-ac-bc)^2 \geq 0$(đpcm)
Anh viết chi tiết ra được không?
BĐT tương đương với
$\frac{1}{2}(a^2-b^2+2bc-ab-ac)^2+\frac{1}{2}(b^2-c^2+2ac-bc-ab)^2+\frac{1}{2}(c^2-a^2+2ab-ac-bc)^2 \geq 0$(đpcm)
Mình thấy với cách này thì việc tìm dấu "=" còn khó hơn phần chứng minh bất đẳng thức
Đẳng thức xảy ra$\Leftrightarrow \left ( a,b,c \right )=\left ( 1,1,1 \right )$ hoặc $\left ( a,b,c \right )=\left ( sin^{2} \frac{4\Pi }{7},sin^{2} \frac{2\Pi }{7},sin^{2} \frac{\Pi }{7} \right )$ hoặc bộ các hoán vị tương ứng
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi TrucCumgarDaklak: 27-08-2017 - 18:42
MÌnh nghĩ ở https://diendantoanh...32/#entry690598 nếu trước khi dùng hệ quả của BĐT Schwarz thì nếu yz <= (y^2+z^2)/2 sau đó nhân tử mẫu cho 2.x^2 và sử dung hệ quả trên thì dễ dàng cm bđt :https://diendantoanhoc.net/topic/175628-cho-abc0-v%C3%A0-abc1-cmr-psum-1a2ab-32/#entry690352 từ đó cm ngược lại là ra bđt vasc ...
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi hoicmvsao: 28-08-2017 - 23:23
$4(a^2+b^2+c^2-ab-bc-ca)[(a^2+b^2+c^2)^2-3(a^3b+b^3c+c^3a)]=[(a^3+b^3+c^3)-5(a^2b+b^2c+c^2a)+4(ab^2+bc^2+ca^2)]^2+3[(a^3+b^3+c^3)-(a^2b+b^2c+c^2a)-2(ab^2+bc^2+ca^2)+6abc]^2\geqslant 0$
Trong cuộc sống không có gì là đẳng thức , tất cả đều là bất đẳng thức
$\text{LOVE}(\text{KT}) S_a (b - c)^2 + S_b (c - a)^2 + S_c (a - b)^2 \geqslant 0\forall S_a,S_b,S_c\geqslant 0$
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh