$xy(x+y) \leq M[x^2+y^2+(x+y)^2+1]^2$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi gOdDeSs^^07051807: 26-08-2010 - 15:29
$xy(x+y) \leq M[x^2+y^2+(x+y)^2+1]^2$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi gOdDeSs^^07051807: 26-08-2010 - 15:29
Tìm số thực M nhỏ nhất sao cho với mọi x,y (0;+ ) thỏa mãn bất đẳng thức
$xy(x+y) \leq M[x^2+y^2+(x+y)^2+1]^2$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi NightBaron: 27-08-2010 - 20:33
hình như chỗ này ngược dấu thì phảiDo $[x^2+y^2+(x+y)^2+1]^2>0, \forall x,y>0$ nên:
$xy(x+y) \leq M[x^2+y^2+(x+y)^2+1]^2$
$\Leftrightarrow L=\dfrac{xy(x+y)}{[x^2+y^2+(x+y)^2+1]^2}\leq M$
Đặt $a=x+y, b=xy\Rightarrow a^2\ge 4b>0$. Ta có:
$L=\dfrac{ab}{(2a^2-2b+1)^2}\leq \dfrac{a.\dfrac{a^2}{4}}{(2a^2-\dfrac{a^2}{2}+1)^2}=f(a)$
Xét $f(a)=\dfrac{a^3}{(3a^2+2)^2}/(0; +\infty)$.
$f'(a)=\dfrac{2a^2(2-3a)(2+3a)}{(3a^2+2)^2}\Rightarrow f(a)=0\Leftrightarrow a=\dfrac{2}{3}$
$\Rightarrow f(a)$ đ?#8220;ng biến trên $(0;\dfrac{2}{3})$ và nghịch biến trên $(\dfrac{2}{3};+\infty)$
Do đó: $f(a)\leq f(\dfrac{2}{3})=\dfrac{1}{54}$.
Từ trên suy ra:
$M\geq L\geq \dfrac{1}{54]$.
Đẳng thức khi chỉ khi $a=\dfrac{2}{3}, b=\dfrac{a^2}{4}$ hay $x=y=\dfrac{1}{3}$
Vậy $MinM=\dfrac{1}{54}$. Đt khi chỉ khi $x=y=\dfrac{1}{3}$.
$\Rightarrow Q.E.D$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi shootstar: 27-08-2010 - 18:36
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh