CMR: $\sqrt[3]{9+\sqrt{80}}+\sqrt[3]{9-\sqrt{80}}= 3$
#21
Đã gửi 09-05-2012 - 23:14
Cho $(x+\sqrt{x^{2}+2012})(y+\sqrt{y^{2}+2012})= 2012$
Tính $S=x+y$
#22
Đã gửi 09-05-2012 - 23:20
Ta dễ dàng chứng minh $x-\sqrt{x^2+2012}\neq 0$, $y-\sqrt{y^2+2012}\neq 0$Bài 9 :
Cho $(x+\sqrt{x^{2}+2012})(y+\sqrt{y^{2}+2012})= 2012$
Tính $S=x+y$
Lần lượt nhân 2 vế của phương trình vs $x-\sqrt{x^2+2012}\neq 0$, $y-\sqrt{y^2+2012}\neq 0$ cộng vế theo vế lại sẽ ra x = -y suy ra...
P/s: Ba mẹ la nên không dám bấm nhiều
- nthoangcute và tieulyly1995 thích
Thích ngủ.
#23
Đã gửi 09-05-2012 - 23:23
Làm nốt bài này rồi ngủ.Bài 9 :
Cho $(x+\sqrt{x^{2}+2012})(y+\sqrt{y^{2}+2012})= 2012$
Tính $S=x+y$
$(x+\sqrt{x^{2}+2012})(y+\sqrt{y^{2}+2012})= 2012$
$\to x+\sqrt{x^{2}+2012}=\frac{2012}{y+\sqrt{y^{2}+2012}}=\sqrt{y^{2}+2012}-y$
CMTT $y+\sqrt{y^{2}+2012}=\sqrt{x^{2}+2012}-x$
Từ đó cộng lại ta được $x+y=0$
_________________________________
Ông Quân làm hay đấy
- L Lawliet và tieulyly1995 thích
BÙI THẾ VIỆT - Chuyên gia Thủ Thuật CASIO
• Facebook : facebook.com/viet.alexander.7
• Youtube : youtube.com/nthoangcute
• Gmail : [email protected]
• SÐT : 0965734893
#24
Đã gửi 09-05-2012 - 23:34
Bài 10 :
Cho các số thực không âm $x,y,z$ đôi một khác nhau và thỏa mãn : $(x+z)(z+y)= 1$
CMR:
$\frac{1}{(x-y)^{2}}+\frac{1}{(z+x)^{2}}+\frac{1}{(z+y)^{2}}\geq 4$
#25
Đã gửi 09-05-2012 - 23:42
Chốt bài cuối rồi đi ngủ mấy em nhé . Nhẹ nhàng thôi....
Bài 10 :
Cho các số thực không âm $x,y,z$ đôi một khác nhau và thỏa mãn : $(x+z)(z+y)= 1$
CMR:
$\frac{1}{(x-y)^{2}}+\frac{1}{(z+x)^{2}}+\frac{1}{(z+y)^{2}}\geq 4$
Có: $\frac{1}{(x-y)^{2}}+\frac{1}{(z+x)^{2}}+\frac{1}{(z+y)^{2}}$
$=\frac{1}{(x-y)^2}+\frac{(x+z)^2+(y+z)^2}{(x+z)^2(y+z)^2}$
$=\frac{1}{(x-y)^2}+x^2+y^2+2z^2+2z(x+y)$
$=\frac{1}{(x-y)^2}+(x-y)^2+2z^2+2xz+2yz+2xy$
$=\frac{1}{(x-y)^2}+(x-y)^2+2(x+z)(z+y)$
$=\frac{1}{(x-y)^2}+(x-y)^2+2$
$\geq 2+2=4$
Vậy ...
- supermath197, tieulyly1995 và Super Fields thích
BÙI THẾ VIỆT - Chuyên gia Thủ Thuật CASIO
• Facebook : facebook.com/viet.alexander.7
• Youtube : youtube.com/nthoangcute
• Gmail : [email protected]
• SÐT : 0965734893
#26
Đã gửi 09-05-2012 - 23:50
Bài 11 :
giải hệ PT :
$\left\{\begin{matrix} 4x^{3}=2y^{2}+y +1 & \\ 4y^{3}=2z^{2}+z +1 & \\4z^{3}=2x^{2}+x+1 & \end{matrix}\right.$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi tieulyly1995: 09-05-2012 - 23:51
- nthoangcute yêu thích
#27
Đã gửi 10-05-2012 - 00:00
Từ hệ PT suy ra $x,y,z>0$Hôm nay năng suất quá
Bài 11 :
giải hệ PT :
$\left\{\begin{matrix} 4x^{3}=2y^{2}+y +1 & \\ 4y^{3}=2z^{2}+z +1 & \\4z^{3}=2x^{2}+x+1 & \end{matrix}\right.$
Ta có:
$4(x^3-y^3)=(2y+2z+1)(y-z)$ (1)
$4(y^3-z^3)=(2z+2x+1)(z-x)$ (2)
$4(z^3-x^3)=(2x+2y+1)(x-y)$ (3)
Nếu $x>y$ thì từ (1) suy ra $x^3-y^3>0$ hay $y>z$
Khi đó từ (2) lại suy ra $z>x$. Vậy $x>y>z>x$ vô lý
Nếu $x<y$ thì tương tự
Vậy $x=y$. Từ đó suy ra $x=y=z$
Vậy $4x^3=2x^2+x+1$
$\to (x+1)(4x^2+2x+1)=0$
Suy ra $x=y=z=-1$
Thử lại thấy thỏa mãn
- Mai Duc Khai yêu thích
BÙI THẾ VIỆT - Chuyên gia Thủ Thuật CASIO
• Facebook : facebook.com/viet.alexander.7
• Youtube : youtube.com/nthoangcute
• Gmail : [email protected]
• SÐT : 0965734893
#28
Đã gửi 10-05-2012 - 00:01
Cho hệ PT :
$\left\{\begin{matrix} \sqrt{x+19}-\sqrt{y+16}=(m-2008)y+1\\ \sqrt{y+19}-\sqrt{x+16}=(m-2008)x+1 \end{matrix}\right.$
CMR: hệ PT đã cho có không quá một nghiệm khi $m\geq 2008$
#29
Đã gửi 10-05-2012 - 13:39
Cho tham gia vớiBài 12 :
Cho hệ PT :
$\left\{\begin{matrix} \sqrt{x+19}-\sqrt{y+16}=(m-2008)y+1\\ \sqrt{y+19}-\sqrt{x+16}=(m-2008)x+1 \end{matrix}\right.$
CMR: hệ PT đã cho có không quá một nghiệm khi $m\geq 2008$
Đk $x,y\geq -16$
Với $m\geq 2008$
Trừ từng vế hệ đã cho ta được:
$\frac{x-y}{\sqrt{x+19}+\sqrt{y+19}}+\frac{x-y}{\sqrt{x+16}+\sqrt{y+16}}+(m-2008)(x-y)=0$
Tương đương x=y (nhóm lại bên trong dương)
Thay vào PT ta có:
$(m-2008)x+1-\sqrt{x+19}+\sqrt{x+16}=0$
Xét f(x)=VT
$f'(x)= m-2008-\frac{1}{2\sqrt{x+19}}+\frac{1}{2\sqrt{x+16}}> 0$ với mọi x thuộc txd. (Do x+16<x+19, \left (m-2008 \right )\geq 0)
Vì vậy PT đã cho có không quá 1 nghiệm. Vậy hệ đã cho có không quá 1 nghiệm
- L Lawliet, tieulyly1995 và 25081997 thích
#30
Đã gửi 10-05-2012 - 13:57
Bài này tui giải thế này (cũng là biện luận như ông nhưng giải khác).Từ hệ PT suy ra $x,y,z>0$
Ta có:
$4(x^3-y^3)=(2y+2z+1)(y-z)$ (1)
$4(y^3-z^3)=(2z+2x+1)(z-x)$ (2)
$4(z^3-x^3)=(2x+2y+1)(x-y)$ (3)
Nếu $x>y$ thì từ (1) suy ra $x^3-y^3>0$ hay $y>z$
Khi đó từ (2) lại suy ra $z>x$. Vậy $x>y>z>x$ vô lý
Nếu $x<y$ thì tương tự
Vậy $x=y$. Từ đó suy ra $x=y=z$
Vậy $4x^3=2x^2+x+1$
$\to (x+1)(4x^2+2x+1)=0$
Suy ra $x=y=z=-1$
Thử lại thấy thỏa mãn
Ta có:
$$4x^3=2y^2+y+1$$ (1)
$$4y^3=2z^2+z+1$$ (2)
$$4z^3=2x^2+x+1$$ (3)
- Giả sử $x>y$ thì từ phương trình (1) và (2) ta có:
$$y>z\Leftrightarrow 4y^3>4z^3\Leftrightarrow 2z^2+z+1>2x^2+x+1\Leftrightarrow z>x$$
$$\Rightarrow x>y>z>x$$ (điều này không xảy ra)
- Giả sử $x<y$ ta cũng chứng minh tương tự.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi L Lawliet: 21-05-2012 - 11:10
Thích ngủ.
#31
Đã gửi 10-05-2012 - 15:35
Cho đa thức $P_{o}(x)= x^{3}+22x^{2}-6x+15$. Với $n\epsilon Z$ ta có $P_{n}(x)=P_{n-1}(x-n)$ .
Tính hệ số của $x$ trong $P_{21}(x)$
#32
Đã gửi 10-05-2012 - 16:23
Bài 12 :
Cho hệ PT :
$\left\{\begin{matrix} \sqrt{x+19}-\sqrt{y+16}=(m-2008)y+1\\ \sqrt{y+19}-\sqrt{x+16}=(m-2008)x+1 \end{matrix}\right.$
CMR: hệ PT đã cho có không quá một nghiệm khi $m\geq 2008$
Cho tham gia với
Thay vào PT ta có:
$(m-2008)x+1-\sqrt{x+19}+\sqrt{x+16}=0$
Xét f(x)=VT
$f'(x)= m-2008-\frac{1}{2\sqrt{x+19}}+\frac{1}{2\sqrt{x+16}}> 0$ với mọi x thuộc txd. (Do $x+16<x+19, \left (m-2008 \right )\geq 0 )$
Vì vậy PT đã cho có không quá 1 nghiệm. Vậy hệ đã cho có không quá 1 nghiệm
Hoan nghênh bạn !
Một cách THCS khác :
Đặt $a=m-2008$.Do $m\geq 2008$ nên $a\geq0$, ta có :
$HPT\Leftrightarrow \left\{\begin{matrix} \sqrt{x+19}-\sqrt{y+6}=ay+1\\ \sqrt{y+19}-\sqrt{x+6}=ax+1 \end{matrix}\right.$
Trừ vế với vế,ta có :
$(\sqrt{x+19}+\sqrt{x+6})- (\sqrt{y+19}+\sqrt{y+6})= a(y-x)$ (*)
Nếu $a=0$, theo cách lập luận trên ta được $x=y$
Nếu $a> 0$, biện luận được $x>y; x<y$ không thỏa mãn (*)
Do đó $x = y$, thay vào một PT của hệ, ta có :
$\sqrt{x+19}-\sqrt{x+6}= ax+ 1$
$\Leftrightarrow \frac{13}{\sqrt{x+19}+\sqrt{x+6}}= ax+1$ (**)
giả sử (**) có hơn một nghiệm, gọi $x_{1 };x_{2}$ là hai nghiệm của (**) và $x_{1 } \neq x_{2}$
không mất tính tổng quát, giả sử $x_{1 } < x_{2}$.Khi đó
$0< \sqrt{x_{1 }+19} +\sqrt{x_{1 }+6} < \sqrt{x_{1 }+19} +\sqrt{x_{2 }+6}$
$\Rightarrow \frac{13}{\sqrt{x_{1 }+19} +\sqrt{x_{1 }+6}} > \frac{13}{\sqrt{x_{1 }+19} +\sqrt{x_{2 }+6} }$
$\Rightarrow ax_{1}+1> ax_{2}+1$
Mà $a\geq 0\Rightarrow a x_{1}+1 \leq a x_{2} +1$ (Mâu thuẫn).
Vậy PT(**) có không quá một nghiệm, suy ra HPT có không quá một nghiệm
- ducthinh26032011 yêu thích
#33
Đã gửi 11-05-2012 - 19:57
Bài 14 :
giải HPT :
$\left\{\begin{matrix} 3x^{2}+8y^{2}+12xy=23\\ x^{2}+y^{2}=2 \end{matrix}\right.$
#34
Đã gửi 11-05-2012 - 20:25
Không biết có đúng koBài 13 :
Cho đa thức $P_{o}(x)= x^{3}+22x^{2}-6x+15$. Với $n\epsilon Z$ ta có $P_{n}(x)=P_{n-1}(x-n)$ .
Tính hệ số của $x$ trong $P_{21}(x)$
Dùng quy nạp ta sẽ chứng minh được:
$P_{n}=P_{0}(x-\frac{n(n+1)}{2})$
Do đó $P_{21}=P_{0}(x-231)$
$=(x-231)^3+22(x-231)^{2}-6(x-231)+15$
$=x^{3}-3x^{2}.231+3x.231^{2}-231^{3}+22x^{2}-2.231.x+231^{2}-6x+6.231+15$
Do đó hệ số của x là: 159615
Thế pt dưới vào pt trên ta được:Hăng hái lên mấy em
Bài 14 :
giải HPT :
$\left\{\begin{matrix} 3x^{2}+8y^{2}+12xy=23\\ x^{2}+y^{2}=2 \end{matrix}\right.$
$3x^{2}+8y^{2}+12xy=\frac{23}{2}(x^{2}+y^{2})$
$\Leftrightarrow 17x^{2}+7y^{2}-24xy=0$
Nhận xét y=0 không là nghiệm hệ PT nên đặt $\frac{x}{y}=t$ ta được:
$17t^{2}+7-24t=0$
$\Leftrightarrow \begin{bmatrix} t=1\\ t=\frac{7}{17} \end{bmatrix}$
đến đây tìm được x theo y thế vào PT dưới tìm đc nghiệm
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi minh29995: 11-05-2012 - 20:25
- ducthinh26032011 yêu thích
#35
Đã gửi 17-05-2012 - 14:51
Cho hai số hữu tỉ $a,b$ thỏa mãn đẳng thức :
$a^{3}b +ab^{3}+ 2a^{2}b^{2}+2a+2b+1=0$
CMR: $1-ab$ là bình phương của một số hữu tỷ.
Bài 16 :
CMR :
$\frac{1}{\sqrt{1}+\sqrt{2}}+\frac{1}{\sqrt{3}+\sqrt{4}}+ \frac{1}{\sqrt{5}+\sqrt{6}}+...+ \frac{1}{\sqrt{79}+\sqrt{80}}> 4$
Bài 17 :
Tìm PT đường thẳng đi qua điểm $I(0;1)$ và cắt parabol $y=x^{2}$ tại hai điểm phân biệt $M$ và $N$ sao cho độ dài đoạn thẳng $MN= 2\sqrt{10}$
- nthoangcute và ducthinh26032011 thích
#36
Đã gửi 17-05-2012 - 23:12
Ta có:
$ab^{3}+a^{3}b+2a^{2}b^{2}+2a+2b+1=0$
$\to ab(a^2+b^2+2ab)+2(a+b)+1=0$
$\to ab(a+b)^2+2(a+b)+1=0$
$\to (1-ab)(a+b)^2-(a+b)^2-2(a+b)-1=0$
$\to (1-ab)(a+b)^2=(a+b+1)^2$
$\to 1-ab=(\frac{a+b}{a+b+1})^2$ là bình phương của một số hữu tỉ
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi nthoangcute: 18-05-2012 - 09:17
- ducthinh26032011 yêu thích
BÙI THẾ VIỆT - Chuyên gia Thủ Thuật CASIO
• Facebook : facebook.com/viet.alexander.7
• Youtube : youtube.com/nthoangcute
• Gmail : [email protected]
• SÐT : 0965734893
#37
Đã gửi 18-05-2012 - 08:32
Bài này dễ nek` :Bài 13 :
Cho đa thức $P_{o}(x)= x^{3}+22x^{2}-6x+15$. Với $n\epsilon Z$ ta có $P_{n}(x)=P_{n-1}(x-n)$ .
Tính hệ số của $x$ trong $P_{21}(x)$
Có $P_{n}(x)=P_{n-1}(x-n) ->P_{21}(x)=P_{20}(x-21)=P_{19}(x-21-20)=....P_{0}(x-(1+2+3+..+21))=P_{0}(x-231)=(x-231)^{3}+22(x-231)^{2}-6(x-231)+15$
-> HS of x=149913
minh29995 tinh' nhầm chỗ 22.2.231
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi supermath197: 18-05-2012 - 08:34
- NguyenTaiLongYoshi yêu thích
#38
Đã gửi 18-05-2012 - 10:44
Bài 16 :
CMR :
$\frac{1}{\sqrt{1}+\sqrt{2}}+\frac{1}{\sqrt{3}+\sqrt{4}}+ \frac{1}{\sqrt{5}+\sqrt{6}}+...+ \frac{1}{\sqrt{79}+\sqrt{80}}> 4$
Đề Sư Phạm :
Xét A = VT
và B = $ \frac{1}{\sqrt{2}+\sqrt{3}}+\frac{1}{\sqrt{4}+\sqrt{5}}+......+\frac{1}{\sqrt{80}+\sqrt{81}}$
Rõ ràng ta thấy A > B (vì mỗi số hạng của A đều lớn hơn mỗi số hạng của B)
và : $A+B= \sqrt{2}-\sqrt{1}+\sqrt{3}-\sqrt{2}+.....+\sqrt{81}-\sqrt{80}=\sqrt{81}-1=9-1=8$
nên hiển nhiên $A > 4$ (đpcm)
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi tson1997: 18-05-2012 - 10:44
#39
Đã gửi 19-05-2012 - 21:13
CMR : không thể có PT bậc hai $ax^{2}+ bx + c =0$ với $ a, b ,c $ là các số nguyên có biệt thức $\Delta =23$.
Bài 19 :
Cho các số thực $a,b,c $ dương thỏa mãn : $abc = \frac{9}{4}$. CMR :
$a ^{3} + b ^{3}+ c^{3}\geq a\sqrt{b+c}+ b\sqrt{c+a}+ c\sqrt{a+b}$
#40
Đã gửi 20-05-2012 - 05:55
Bài 18 :
CMR : không thể có PT bậc hai $ax^{2}+ bx + c =0$ với $ a, b ,c $ là các số nguyên có biệt thức $\Delta =23$.
SOLUTION:
Ta có: $\Delta = {b^2} - 4ac = 23$$ \Rightarrow {b^2} \equiv 23\left( {\bmod 4} \right) \Rightarrow {b^2} \equiv 3\left( {\bmod 4} \right)\left( {False} \right)$ $(Q.E.D)$
--------
- ducthinh26032011 yêu thích
GEOMETRY IS WONDERFUL !!!
Some people who are good at calculus think that they will become leading mathematicians. It's funny and stupid.
Nguyễn Lâm Thịnh
Được gắn nhãn với một hoặc nhiều trong số những từ khóa sau: ^_^
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh