Cho $a,b,c$ là các số thực dương và $abc=1$ . Chứng minh rằng :
$\sum \frac{1}{a^3(b+c)}\geq \frac{3}{2}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi thanhdotk14: 03-01-2013 - 20:03
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi thanhdotk14: 03-01-2013 - 20:03
-----------------------------------------------------
thay $abc=1$ vào 2 lần đưa về dạng $\sum \frac{x^{2}}{y+z}\geq \frac{3}{2}$Thấy dạo này các bạn thường hay post mấy bài áp dụng bất đẳng thức Cauchy-schawrz , thôi mình cũng góp chung một bài cho vui há
Cho $a,b,c$ là các số thực dương và $abc=1$ . Chứng minh rằng :
$\sum \frac{1}{a^3(b+c)}\geq \frac{3}{2}$
Ta có: $\sum \frac{1}{a^3(b+c)}=\sum \frac{\frac{1}{a^2}}{abc(\frac{1}{b}+\frac{1}{c})}=\sum \frac{\frac{1}{a^2}}{\frac{1}{b}+\frac{1}{c}}\geq \frac{(\sum \frac{1}{a})^2}{2\sum \frac{1}{a}}=\frac{\sum \frac{1}{a}}{2}\geq \frac{3}{2}(Q.E.D)$Thấy dạo này các bạn thường hay post mấy bài áp dụng bất đẳng thức Cauchy-schawrz , thôi mình cũng góp chung một bài cho vui há
Cho $a,b,c$ là các số thực dương và $abc=1$ . Chứng minh rằng :
$\sum \frac{1}{a^3(b+c)}\geq \frac{3}{2}$
TRIETHUYNHMATH
___________________________
08/12/1997
Đặt $(\frac{1}{a},\frac{1}{b},\frac{1}{c})\rightarrow (x,y,z)\Rightarrow \left\{\begin{matrix}x,y,z>0 & \\ xyz=1 & \end{matrix}\right.$
Khi đó bất đẳng thức được viết lại thành: $\frac{x^2}{y+z}+\frac{y^2}{z+x}+\frac{z^2}{x+y}\geqslant \frac{3}{2}$
Không mất tính tổng quát, giả sử $x\geqslant y\geqslant z\geqslant 0\Rightarrow \left\{\begin{matrix}x+y\geqslant z+x\geqslant y+z>0 & \\ \frac{x}{y+z}\geqslant \frac{y}{z+x}\geqslant \frac{z}{x+y}>0 & \end{matrix}\right.$
Trong cuộc sống không có gì là đẳng thức , tất cả đều là bất đẳng thức
$\text{LOVE}(\text{KT}) S_a (b - c)^2 + S_b (c - a)^2 + S_c (a - b)^2 \geqslant 0\forall S_a,S_b,S_c\geqslant 0$
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh