phamquanglam

Phân biệt các chất bột:

KOH;NaOH;$Ba(OH)_{2};Ca(OH)_{2}$

Bài này hay phết nhở            . Do bài không giới hạn thuốc thử nên cứ dùng tẹt thôi......

+Cho vào $H_{2}O$ thì có $Ca(OH)_{2}$ đóng váng bên trên màu trắng, không tan. Qua đó nhận biết được $Ca(OH)_{2}$

_ 3 chất còn lại tan hết trong $H_{2}O$

+Cho vào $H_{2}SO_{4}$ thì có $Ba(OH)_{2}$ tạo kết tủa màu trắng. Qua đó nhận biết được $Ba(OH)_{2}$

_2 chất kia tan hết. Sau phản ứng lọc nước, thu lấy muối được $Na_{2}SO_{4}$ và $K_{2}SO_{4}$

Đem đốt 2 muối này trên ngọn lửa đèn cồn,

-đèn nào cháy màu vàng thì là muối của $Na_{2}SO_{4}$. Qua đó nhận biết được $NaOH$

-đèn nào cháy màu tím thì là muối của $K_{2}SO_{4}$. Qua đó nhận biết được $KOH$

Điện phân dung dịch hỗn hợp gồm 0,1 mol FeCl3; 0,2 mol CuCl2 và 0,1 mol HCl. Khi ở catot bắt đầu thoát khí thì ở anot thu được V lít khí (đktc).

Tính V biết H=100%

_Tại catot xảy ra quá trình khử:

$Fe^{+3}+1e\rightarrow Fe^{+2}$

$Cu^{+2}+2e\rightarrow Cu$

$2H^{+}+2e\rightarrow H_{2}$

_Tại anot xảy ra sự oxi hóa: 

$2Cl^{-}\rightarrow Cl_{2}+2e$

+Tại catot số mol e nhường là: $0,1+0,2.2+0,1=0,6$ mol

+Bảo toàn e thì số mol $Cl^{-}$ nhận là $0,6$ mol $n_{Cl_{2}}=0,3$ mol

Vậy thể tích khí thu được ở anot là: $6,72$ lít

Hai bạn trả lời lại cho mình được không, mình thiếu điều kiện là $CO$ dư

_Thực chất nếu làm bài tập nếu $CO$ dư thì sẽ xảy ra phản ứng hoàn toàn của:

$3CO+Fe_{2}O_{3}\rightarrow 3CO_{2}+2Fe$

_Còn nếu trong bài tập lí thuyết bài có cho tạo ra 5 chất rắn thì chẳng qua là $Fe_{2}O_{3}$ bị khử dần các hóa trị của nó theo thời gian vào nhiệt độ tăng dần. Nhiệt độ có ghi rõ trong sách giáo khoa 12 mục "Sắt và các hợp chất của Sắt" cơ mà anh quên rồi............    

+ Giai đoạn đầu: $CO+3Fe_{2}O_{3}\rightarrow CO_{2}+2Fe_{3}O_{4}$

+ Giai đoạn 2: $CO+3Fe_{3}O_{4}\rightarrow CO_{2}+3FeO$

+Giai đoạn 3: $CO+FeO\rightarrow CO_{2}+Fe$

Tùy từng bài, tùy từng trường hợp và dữ kiện bài cho để giải quyết

        Hóa học hiện đại nói chung và hóa học thi THPT nói riêng cần rất nhiều cải cách về cả cách làm lẫn tư duy trong quá trình làm bài. Đây chỉ là một ví dụ về phần tư duy được phát triển qua từng ngày của hóa học. Và đó cũng chính là Tinh Hoa Hóa Học. 

Cảm ơn mọi người...........!!!!!!!!!!!!!!

P/s: Download file PDF: 

$\left\{\begin{matrix} Cu_2O: 0,1 & & \\ Fe_3O_4: 0,05 & & \\ MgO: 0,1 & & \end{matrix}\right.\overset{H_2 }{\rightarrow}\left\{\begin{matrix} Cu:0,2 & & \\ Fe: 0,15 & & \\ MgO:0,1 & & \end{matrix}\right.\overset{dd CuSO_4}{\rightarrow}\left\{\begin{matrix} Cu:0,35 & & \\ Cu(OH)_2:0,05 & & \end{matrix}\right.$

$\Rightarrow m_{kt}=0,35.64+0,05.98=27,3 g$

Anh lấy vụ $Cu(OH)_2$ ở đâu ra  

$\left\{\begin{matrix} Cu_2O: 0,1 & & \\ Fe_3O_4: 0,05 & & \\ MgO: 0,1 & & \end{matrix}\right.\overset{H_2 }{\rightarrow}\left\{\begin{matrix} Cu:0,2 & & \\ Fe: 0,15 & & \\ Mg:0,1 & & \end{matrix}\right.\overset{dd CuSO_4}{\rightarrow}Cu:0,45$

$\Rightarrow m_{Cu}=0,45.64=28,8 g$

Sai rồi làm lại đi em         

Sai cái ngu người 

$n_{NaOH}=0,1.2+0,1.2+0,04.2$ chứ

anh nhầm       

Hỗn hợp $A$ gồm $Mg$ và $Fe$. Cho 8g $A$ tác dụng hoàn toàn với dd $H_{2}SO_{4}$ 1M. Sau phản ứng thu được V lít khí $H_{2}$ (đktc) và dd $B$. Thấy khối lượng dd tăng 7.6g. Cho $B$ tác dụng với dd $NaOH$ a mol/l đến kết tủa hoàn toàn thì cần 2 lít dd $NaOH$, thu được kết tủa $C$. Nung $C$ trong không khí đến khi khối lượng không đổi được chất rắn $D$. Cho $CO$ dư đi qua $D$ nung nóng thu được chất rắn $E$.

a, Viết các PTPƯ

b, Tính % khối lượng kim loại trong $A$

c, Tính thể tích $H_{2}SO_{4}$ đã dùng biết $H_{2}SO_{4}$ dư 20% so với lượng phản ứng.

d, Tính a.

e, Tính khối lường $E$

Các bạn giải hộ mình nhé mình đang cần gấp

a. Phần này tự viết nhé, dài lắm a ko viết đâu     

b.

Theo ta biết: khối lượng dung dịch thay đổi = khối lượng chất cho vào trừ đi khối lượng chất thoát ra.

Vậy ở đây: $7,6=8-m_{H_{2}}\Leftrightarrow m_{H_{2}}=0,4 \Leftrightarrow n_{H_{2}}=0,2$

Gọi số mol của $Mg$ và $Fe$ lần lượt là $a$ và $b$.

_Khối lượng của A là 8gam và số mol H_{2} là 0,2 nên ta có hệ sau: 

$\left\{\begin{matrix} 24a+56b=8 & & \\ a+b=0,2& & \end{matrix}\right.$

Giải hệ ta thu được $a=b=0,1$ mol.

Từ đó em tự tính % khối lượng từng kim loại đi.

c.

Số mol $H_{2}SO_{4}$ phản ứng bằng số mol của H_{2} = 0,2 mol.

Mà $H_{2}SO_{4}$ dùng dư 20% nên số mol $H_{2}SO_{4}$ có là: $n_{H_{2}SO_{4}}=0,2+0,2.20%=0,24$

Vậy thể tích $H_{2}SO_{4}$ là $0,24l$

d.

Dung dịch B có: $\left\{\begin{matrix} MgSO_{4}:0,1 &;FeSO_{4}:0,1 & \\ H_{2}SO_{4}:0,04 & & \end{matrix}\right.$

Khi B tác dụng với $NaOH$ thì số mol $NaOH$ phản ứng là: 

$n_{NaOH}=0,1.2+0,1.2+0,1.2=0,6$

Vậy $a=0,3$

e.

$E$ gồm gì? $E$ gồm $MgO:0,01$ và $Fe:0,01$

Vậy khối lượng của E là: 0,96 gam

Chào mọi người. Anh tên là Phạm Quang Lâm. Anh vừa thi đại học xong, anh có học về chuyên hóa và có làm một số phần về cách nhìn mới trong hóa học. Đó là Hoán đổi lượng chất. Đây không hẳn là về một phần riêng este như anh đã viết ở trong đây, mà nó là về toàn bộ chương trình học, kể cả phần peptit mà sau này các em sẽ rất khó khăn trong việc tiếp cận nó. Phương pháp này không hẳn là mới, nhưng anh tin nó có ích và có thể giải quyết triệt để được một vài vấn đề tồn tại ở một số câu phân loại học sinh. Cứ từ từ dần dần các em học đến đâu của lớp 12 về môn hóa anh sẽ đăng 1 bài tổng hợp và cách làm tối ưu nhất
_Phạm Quang Lâm_

Anh thi tốt chứ, chắc 9,5 rồi. Khi nào dạy em Hóa nhé 

ờ khi nào a dạy hóa )))))))))

Anh định mở 1 topic trên diễn đàn này để tiện.

nhưng mà giờ vẫn hơi bận

Anh sẽ đưa 1 số phương pháp thông dụng và thêm 1 vài phần nhỏ mà anh tự nghĩ ra nữa hy vọng giúp được 99er

vãi cả thi. 

Làm câu cuối đến khi xét hàm thì quên mịa nó mất đạo hàm bằng gì         vậy là thôi không làm nữa :'(

Tiếp nối sự thành công của TOPIC này 

Mình xin lập Pic này để tiếp tục cùng các bạn ôn hình học phẳng thi THPT Quốc Gia. Hy vọng pic sẽ giúp ích cho các bạn.

Chú ý :

  - Không spam chém gió, có thái độ không đúng khi thỏa luận.

  - Trình bày lời giải không dẫn link đáp án hoặc chỉ nêu ý tưởng 

  -  Đánh STT trước mỗi bài

Bài 1

 Cho tam giác ABC vuông tại A, AH là đường cao. Gọi M là điểm thuộc đoạn  HC(M không trùng với H, C);E, K lần lượt là hình chiếu của B, C trên đường thẳng AM. Biết H(2;2), K(3;1), A thuộc đường thẳng  d1 : 2x - y - 2 = 0 , E thuộc đường thẳng  d2 : x + y - 6 = 0 , Tìm tọa độ các điểm A, B, C 

Bài 2

Trong mặt phẳng với hệ tọa độ Oxy, cho tam giác ABC vuông tại B. AB=2BC, D là trung điểm của BA và E thuộc đoạn AC sao cho AC sao cho AC=3EC, biết phương trình đường thẳng CD:  x – 3y + 1 = 0  và E (16/3; 1). Tìm tọa độ các điểm A; B; C.

 

Mai lên trường thi, ngày kia lên thớt, hôm nay vẫn chém nhiệt tình     

Bài 1:

Nối $EH$ và $HK$

Ta có: 

+ Tứ giác $AHKC$ nội tiếp nên: góc AKH= góc ACH = góc HAB

+ Tứ giác $ABHE$ nội tiếp nên: góc ABH = góc HEK

Lại có: Góc ABH + Góc HAB =90 $\Leftrightarrow$ Góc HEK+ Góc HKE=90

Hay $EH$ vuông góc với $HK$ Suy ra tìm ra điểm E.

Từ E lập phương trình EK ==> tìm ra điểm $A$

Từ đó tìm được hết       

Bài 2:

Ta gọi $C$ có tọa độ $C(3c-1;c)$

Vậy: vecto (CE) = $(\frac{19}{3}-3c;1-c)$

Mà $AD=AC$ nên ta có tiếp:

$Cos45=\frac{3(\frac{19}{3}-3c)+1-c}{\sqrt{3^{2}+1^{2}}.\sqrt{(\frac{19}{3}-3c)^{2}+(1-c)^{2}}}$

Từ đây tìm ra điểm $C$ 

Dùng tiếp đẳng thức:

Vecto (AE) = 3.Vecto (EC) 

Từ đó tìm được điểm $A$ thỏa mãn

Cho hình vuông $ABCD$, điểm $M(1;2)$ là trung điểm của $AB$. Trên $AC$ lấy điểm $N$ sao cho $AN=3NC$. Tìm tọa độ điểm $A$ ($x_{A}>1$) biết $AN$ có phương trình là $x+y-1=0$

Hình như thế       

Gọi $A(a;1-a)$

Thì vecto{AM}=(1-a;a+1)

Vậy nên: $Cos45=\frac{\left | (-1).(1-a)+(a+1) \right |}{\sqrt{1^{2}+1^{2}}.\sqrt{(1-a)^{2}+(a+1)^{2}}}$

Tìm ra A

Cho các số thực dương $a,b,c$. Tìm $GTLN$ của biểu thức: $$P=\dfrac{a}{3a+c}+\dfrac{b}{3b+c}+\dfrac{c}{a+b+ 3c}$$.

Nhận thấy $P$ là biểu thức đồng bậc nên ta chuẩn tắc $a+b+c=3$

Ta có: $P=\frac{a}{3a+c}+\frac{b}{3b+c}+\frac{c}{a+b+3c}$

$\Leftrightarrow 2-3P=\frac{c}{3a+c}+\frac{c}{3b+c}-\frac{3c}{a+b+3c}\geq \frac{4c}{3(a+b)+2c}-\frac{3c}{a+b+3c}=\frac{4c}{9-c}-\frac{3c}{3+2c}$

Đặt: $f_{(c)}=\frac{4c}{9-c}-\frac{3c}{3+2c}$ với $0< c< 3$

Ta có: $f_{(c)}^{'}=\frac{36}{(9-c)^{2}}-\frac{9}{(3+2c)^{2}}=\frac{135c^{2}+594c-405}{(9-c)^{2}.(3+2c)^{2}}=0$

$\Rightarrow c=-5$ hoặc $c=\frac{3}{5}$

Xét theo điều kiện chỉ có $c=\frac{3}{5}$ là thỏa mãn 

Xét bảng biến thên ta thấy: $f_{(c)}\geq f_{(\frac{3}{5})}=\frac{-1}{7}$

Vậy: $2-3P\geq \frac{-1}{7}\Leftrightarrow P\leq \frac{5}{7}$

Dấu bằng xảy ra khi $a=b=2c$