Chứng minh rằng $\sum \frac{a^{2}}{b+c}\geq \frac{3}{2}(\frac{a^{3}+b^{3}+c^{3}}{a^{2}+b^{2}+c^{2}})$
- vinhle2510 yêu thích
"Khi mọi chuyện qua đi, chúng ta nhìn lại, chợt nhận thấy bản thân mình trong giai đoạn ấy, thật dại khờ, xuẩn ngốc đến bao nhiêu." #Lưng chừng cô đơn...
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 03-07-2015 - 12:34
Chứng minh rằng $\sum \frac{a^{2}}{b+c}\geq \frac{3}{2}(\frac{a^{3}+b^{3}+c^{3}}{a^{2}+b^{2}+c^{2}})$
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 29-06-2015 - 21:45
Mình chưa hiểu chỗ này
$\frac{a^{5}-a^{2}}{a^{5}+b^{2}+c^{2}}=1-\frac{a^{2}+b^{2}+c^{2}}{a^{5}+b^{2}+c^{2}}$ mà đề bài là chứng minh $\sum \frac{a^{5}-a^{2}}{a^{5}+b^{2}+c^{2}} \geq 0$ nên chuyển vế đó bạn
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 28-06-2015 - 22:56
Do $\frac{a^{5}-a^{2}}{a^{5}+b^{2}+c^{2}}=1-\frac{a^{2}+b^{2}+c^{2}}{a^{5}+b^{2}+c^{2}}$ Nên BĐT cần chứng minh trở thành: $\sum \frac{1}{a^{5}+b^{2}+c^{2}}\leq \frac{3}{a^{2}+b^{2}+c^{2}}$ Áp dụng BĐT Cauchy-Schwarz: $\frac{1}{a^{5}+b^{2}+c^{2}}=\frac{\frac{1}{a}+b^{2}+c^{2}}{({a^{5}}+b^{2}+c^{2})(\frac{1}{a}+b^{2}+c^{2})}\leq \frac{\frac{1}{a}+b^{2}+c^{2}}{(a^{2}+b^{2}+c^{2})^{2}}$ Nên$\sum \frac{\frac{1}{a}+b^{2}+c^{2}}{{a^{5}}+b^{2}+c^{2}}\leq \frac{\sum \frac{1}{a}+\sum 2(a^{2}}{(a^{2}+b^{2}+c^{2})^{2}})$ Do $abc\geq 1$ nên ta có $\sum \frac{1}{a}\leq abc(\sum \frac{1}{a})=\sum ab\leq \sum a^{2}$
Ta có đpcm
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 28-06-2015 - 22:45
Như cách của bạn Long được rồi, còn cách tớ (suy nghĩ theo hướng chủ quan) là như thế này
Sau khi chuẩn hóa thì BĐT trở thành:
$\sum \frac{a^2}{2a^2-6a+9}\geq \frac{3}{5}$
Với $a,b,c\leq \frac{21}{8}$ thì $\sum \frac{a^2}{2a^2-6a+9}\geq \sum \frac{12a-7}{25}<=>\sum (a-1)^2(8a-21)\leq 0$
Từ đó dẫn đến ĐPCM
Nếu trong 3 số a,b,c có một số $\geq \frac{21}{8}$, giả sử đó là số a, vì $a+b+c=3$ nên $b,c\leq 3-\frac{21}{8}=\frac{3}{8}$
Và có $a\leq 3$ nên $\frac{a^2}{a^2+(b+c)^2}>\frac{21^2}{8^2}:(3^2+4.\frac{3^2}{8^2})=\frac{49}{68}>\frac{3}{5}$
Không liên quanHiện tại không có hứng post bài
Cảm ơn bạn mình hiểu rồi
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 28-06-2015 - 22:34
Hệ số $k= \frac{12}{25} $ mà bạn
Và khi đó xét 2 trường hợp nữa là ra
Nếu $k=\frac{12}{25}$ thì bđt $\frac{a^{2}}{2a^{2}-6a+9}\geq \frac{1}{5}+k(a-1)$ đâu chứng minh được đâu bạn nãy giờ mình cứ khúc mắt chỗ đó
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 28-06-2015 - 22:07
Ta cần tìm hệ số k sao cho $\frac{a^{2}}{2a^{2}-6a+9}\geq \frac{1}{5}+k(a-1)$ Ta có $-\frac{5}{2a^{2}-6a+9}+1=\frac{-3(a-1)(a+3)}{2a^{2}-6a+9}$ Khi a=1 thì $\frac{a+3}{2a^{2}-6a+9}=\frac{4}{5}$ Vậy ta cần chứng minh $\frac{(a-1)(a+3)}{2a^{2}-6a+9}\leq \frac{4}{5}(a-1)$ BĐt này $\frac{(a-1)(a+3)}{2a^{2}-6a+9}\leq \frac{4}{5}(a-1)$ mình chứng minh không được
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 28-06-2015 - 21:32
Chuẩn hóa $a+b+c=3$ sau đó đưa bất đẳng thức cần chứng minh về dạng:
$\sum \frac{a^2}{a^2+(3-a)^2}\geq \frac{3}{5}<=>\sum \frac{a^2}{2a^2-6a+9}\geq \frac{3}{5}$
Đến đây mình nghĩ sử dụng tiếp tuyến là ra rồi chứ nhỉ
Sao mình vẫn không ra nhỉ Mình chưa học tiếp tuyến nhưng mà mình chuẩn hóa $a+b+c=3$ rồi làm theo kiểu tìm hệ số k thì không chứng minh được
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 28-06-2015 - 21:06
Câu này bạn dùng phương pháp chuẩn hóa với tiếp tuyến là được
Bạn có thể chuẩn hóa cho mình coi được không Sao mình làm không ra Xin cảm ơn trước
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 26-06-2015 - 23:23
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 19-06-2015 - 23:52
$\boxed{\text{Bài toán 8}}$
Tìm các nghiệm thực của phương trình $\left\{\begin{array}{l}a+b=8 \\ab+c+d=23 \\ ad+bc=28 \\ cd=12 \end{array}\right.$
Phương trình (2) trừ phương trình (3) cộng phương trình (4) ta được
$ab+c+d-ad-bc+cd=7$
$\Rightarrow (a-c)(b-d)+c-a+d-b=-1$
$\Rightarrow (a-c-1)(b-d-1)=0$
$\Rightarrow c+d=6$
Mà $cd=12$ nên không có nghiệm c,d $\Rightarrow$ không có a,b
Mà sao em nhẩm được nghiệm (4,4,3,4) vậy ạ
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 15-06-2015 - 00:41
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 26-05-2015 - 22:49
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 13-05-2015 - 23:05
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 02-05-2015 - 16:03
Gửi bởi NhatTruong2405 trong 02-05-2015 - 14:49
Community Forum Software by IP.Board
Licensed to: Diễn đàn Toán học