zaizai nội dung
Có 859 mục bởi zaizai (Tìm giới hạn từ 25-05-2020)
#185833 Thách Thức
Đã gửi bởi zaizai on 26-05-2008 - 11:15 trong Bất đẳng thức - Cực trị
#185830 Thách Thức
Đã gửi bởi zaizai on 26-05-2008 - 10:53 trong Bất đẳng thức - Cực trị
#185814 Đưa LaTeX vào trong Word và Powerpoint bằng Auora
Đã gửi bởi zaizai on 25-05-2008 - 22:47 trong Phần mềm hỗ trợ học tập, giảng dạy - Các trang web hay
Phải nói rằng hãy dẹp bỏ tất cả PcTeX, MiKTeX và cả Mathtype + word để dùng mỗi Scientific WorkPlace 5.5 . Link download như dưới đey và muốn sử dụng Tiếng Việt và cả khoá thì liên hệ với mình để rõ hơn
ftp://ftp.mackichan.com/download/version55/swp-pro550.exe
#185811 Thách Thức
Đã gửi bởi zaizai on 25-05-2008 - 22:37 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Xét trường hợp $0\le q\le 1/4$ sử dụng bdt Schur bậc 1 ta có:
$f(q,r)\ge \dfrac{5(1-4q)(1-3q)}{2(5q+1)}\ge 0$
Xét trường hợp $1/4\le q\le 1/3$ sử dụng bdt Schur bậc 2 ta có:
$f(q,r)\ge \dfrac{(12q^2-5q+5)(4q-1)(1-3q)}{4(4q^2+q+1)}\ge 0$
Dấu bằng xảy ra tại 2 điểm là: $ a=b=c, a=b=1/2,c=0$
#185809 Thách Thức
Đã gửi bởi zaizai on 25-05-2008 - 22:23 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Về bài toán trên thì mình làm thử câu a còn câu b nói sau (thực ra đây chỉ là dạng đối xứng và dấu bằng đạt đc tại 2 thằng bằng nhau nên ko quá khó khăn để xử lí chúng). Đặt
$p=a+b+c=1,q=ab+bc+ca,r=abc$
Từ giả thiết $a+b+c=1$ suy ra $ q\le \dfrac{1}{3}$ đổi biến về dạng p,q,r như sau:
$f(q,r)=\dfrac{1+q}{q-r}+2r-\dfrac{247}{54}\ge 0$
Dễ thấy hàm này là một hàm đồng biến theo ra nên sử dụng bdt Schur bậc 2 ta có: $r\ge \dfrac{4q-1}{9}$
Suy ra:
$f(q,r)\ge f\left(q,\dfrac{4q-1}{9}\right)=\dfrac{(1-3q)( 227-80q)}{54(5q+1)}\ge 0,\forall q\in [0,1/3]$
Bài tìm k tốt nhất cứ cho $b=c=1/2,a=0 $ chắc sẽ tìm đc k tốt nhất thôi !
#185687 Hero TVƠ Y An Forever
Đã gửi bởi zaizai on 24-05-2008 - 06:19 trong Bất đẳng thức - Cực trị
$VT^2\le \dfrac{(a+b+c)^3}{a+b+c+3abc}\ge \dfrac{9}{4}$
Cái vế sau đồng bậc thì thu đc bdt Schur và AM-GM.
$4(a+b+c)^3\le 9(a+b+c)(a^2+b^2+c^2)+27abc$
#185663 Gửi tặng diễn đàn
Đã gửi bởi zaizai on 23-05-2008 - 20:56 trong Tài nguyên Olympic toán
#185662 Phương pháp EMV - The Last Method
Đã gửi bởi zaizai on 23-05-2008 - 20:52 trong Tài liệu, chuyên đề, phương pháp về Bất đẳng thức
#185577 Ba bài toán mở
Đã gửi bởi zaizai on 22-05-2008 - 15:13 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Theo tư tưởng dồn biến đó ta có thể chứng minh kết quả ko phải mở, (trường hợp còn lại của bài toán 2) bằng cách tương tự:
Đặt $x=\sqrt{a+qb},y=\sqrt{b+qc},z=\sqrt{c+qa}$
Khi đó bất đẳng thức cần chứng minh tương đương với:
$q^2\left(\dfrac{z^2}{x}+\dfrac{x^2}{y}+\dfrac{y^2}{z}\right)-q\left(\dfrac{y^2}{x}+\dfrac{z^2}{y}+\dfrac{x^2}{z}\right)+x+y+z\le k\sqrt{q+1}(q^2-q+1)\sqrt{x^2+y^2+z^2} $
Tới đây ta có thể đặt $f(x,y,z)=VP-VT$. Sử dụng tư tưởng đạo hàm toàn miền của EMV ta sẽ chứng minh:
$ f(x+t,y+t,z+t)=f(t)$ là một hàm đồng biến và $t\le min\{x,y,z}$ với q thỏa mãn:
$52q^2-26q+3\ge 0$. Đây có lẽ cũng là hướng giải quyết của anh Khuê cho bài toán 2+ (em chưa có thời gian thử, và chắc cũng sẽ ko thử chỉ là nghe anh Khuê nhắc lại về lỗi sai nào đó của anh Hùng nên em thử giải theo hướng này thôi). Bạn nào có thời gian thì kiểm tra hộ hướng này nhá
#185511 toan tham khao
Đã gửi bởi zaizai on 21-05-2008 - 17:36 trong Chương trình truyền bá toán học
#185413 Phương pháp EMV - The Last Method
Đã gửi bởi zaizai on 19-05-2008 - 17:53 trong Tài liệu, chuyên đề, phương pháp về Bất đẳng thức
Phương pháp này quả rất thú vị, nhưng giờ em cũng chả còn time để làm bdt nữa nên chả có ý kiến gì thêm. Mong mọi người ở lại vui. Em cũng off đây
File gửi kèm
- EMV_hungkhtn.pdf 110.13K 380 Số lần tải
#185294 Phương pháp EMV - The Last Method
Đã gửi bởi zaizai on 17-05-2008 - 12:19 trong Tài liệu, chuyên đề, phương pháp về Bất đẳng thức
Nhân đây cũng tặng các bạn 1 article nho nhỏ ứng dụng của cái ví dụ đầu tiên trong post của anh Hùng cùng bonus một chút với việc sử dụng kỹ thuật p,q,r (chỉ là collection nhỏ từ các bài viết trên Mathlink thôi )
@anh Hùng: bao giờ thì VOL 2 xuất bản hả anh, em cũng muốn mua 1 quyển về đọc chơi thèng bạn em dạo này ship hàng ghê lắm nên mua 1 quyển vài chục USD chắc cũng chả vấn đề gì Thế còn VIF giờ anh tính sao?
File gửi kèm
- somethingaboutpqr.pdf 81.14K 320 Số lần tải
#185293 Bài BĐT khó quá!
Đã gửi bởi zaizai on 17-05-2008 - 11:46 trong Bất đẳng thức - Cực trị
#185243 Liên quan đến game Winning Elven và PES 2008
Đã gửi bởi zaizai on 16-05-2008 - 17:42 trong Phần mềm Tin học
#185220 Liên quan đến game Winning Elven và PES 2008
Đã gửi bởi zaizai on 15-05-2008 - 23:46 trong Phần mềm Tin học
#185217 Liên quan đến game Winning Elven và PES 2008
Đã gửi bởi zaizai on 15-05-2008 - 22:52 trong Phần mềm Tin học
#185212 Liên quan đến game Winning Elven và PES 2008
Đã gửi bởi zaizai on 15-05-2008 - 21:02 trong Phần mềm Tin học
#185186 Liên quan đến game Winning Elven và PES 2008
Đã gửi bởi zaizai on 15-05-2008 - 10:29 trong Phần mềm Tin học
http://www.itgatevn....cid=6&nid=14478
Nó nói về Download Winning Eleven: Pro Evolution Soccer 2008 v1.10 Patch... ko biết có phải là cách nâng cấp winning elven thành PES 2008 ko? Mình có down cái patch trong link đó về (15 MB)
http://gamek.vn/Imag...08Patch1_10.exe
nhưng lúc chạy thì nó báo lỗi. Hix ai biết thì giúp mình vụ này với. Lỗi báo là:
Ai biết thì giải thích hộ nhé
#185119 Ba bài toán mở
Đã gửi bởi zaizai on 13-05-2008 - 16:42 trong Bất đẳng thức - Cực trị
#185111 Ba bài toán mở
Đã gửi bởi zaizai on 13-05-2008 - 13:50 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Lời giải của em tốt lắm! Tuy hơi dài nhưng ko phải sử dụng định lý nào. Anh có đặt ra vài bài toán dạng này nhưng thường chỉ tìm được min hoặc max. Bài này tìm được cả 2, hình thức cũng đơn giản nên tuy ko khó những anh thấy nó hay. Em giải quyết bài 1 xem sao nhé! Còn về bài 1 anh vẫn rất tò mò cách tìm k tốt nhất của em đấy. Em tính toán và cho anh xem đẳng thức thứ 2 ứng với k tốt nhất nhé!
Không biết có phải anh Cẩn đã từ bổ đề
$\dfrac{a}{b}+\dfrac{b}{c}+\dfrac{c}{a} \ge \dfrac{2(27q^2-9q+1)}{9q^2-2q+(1-3q)\sqrt{q(1-3q)}}+\dfrac{1}{q}-6$
Sau đó tìm hằng số k tốt nhất để bất đẳng thức sau xảy ra:
$\dfrac{2(27q^2-9q+1)}{9q^2-2q+(1-3q)\sqrt{q(1-3q)}}+\dfrac{1}{q}-6\ge \sqrt{\dfrac{k(1-2q}{q}+9-k}$
Trong đó $1\ge 3q\ge 1,p=1$
Nhưng cái này thì có lẽ ko đúng vì như vậy bài này bị nới lỏng đi 1 chút rồi, hoặc cũng có thể là chuẩn hóa c=1 rồi khảo sát hàm 2 biến !?
#185108 Ba bài toán mở
Đã gửi bởi zaizai on 13-05-2008 - 13:18 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Cho $a,b,c\ge 0$ chứng minh rằng:
$\dfrac{a}{b}+\dfrac{b}{c}+\dfrac{c}{a} \ge \sqrt{9-18\sqrt[3]{2}+\dfrac{54\sqrt[3]{2}(a^2+b^2+c^2)}{(a+b+c)^2}$
Bài toán tổng quát đặt ra:
Tìm hằng số k tốt nhất để bất đẳng thức sau đúng với mọi số thực không âm.
$\dfrac{a}{b}+\dfrac{b}{c}+\dfrac{c}{a} \ge \sqrt{\dfrac{k(a^2+b^2+c^2)}{(a+b+c)^2}+9-\dfrac{k}{3}$
Nếu tính toán của em ko nhầm thì nó đúng với $k\le 54\sqrt[3]{2} $
#185097 Ba bài toán mở
Đã gửi bởi zaizai on 13-05-2008 - 10:51 trong Bất đẳng thức - Cực trị
#185080 Ba bài toán mở
Đã gửi bởi zaizai on 12-05-2008 - 22:00 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Với những bài không phải là hằng số tốt nhất (tức là không đủ độ chặt), mình dùng $pqr$ hoán vị để thiết lập những bổ đề thích hợp nhằm giúp ta giải được một bài toán là không phải tốn nhiều công sức lắm.
Chẳng hạn, mình xin lấy ví dụ với bài hằng số của mình trong trường hợp $k=13$, sử dụng kỹ thuật $pqr$ hoán vị, mình đã thiết lập được bổ đề sau
$\dfrac{a}{b}+\dfrac{b}{c}+\dfrac{c}{a} \ge \dfrac{7-36q^2}{q(7-12q)}$
với $a+b+c=1,ab+bc+ca=q,abc=r$
Cái này quả là rất quái dị ! Với bổ đề trên thì bài này với trường hợp k=13 xong luôn , (chú ý: q=x)
$\left(\dfrac{7-36x^2}{x(7-12x)}\right)^2\ge \dfrac{13-30x}{x},\forall x\in [0,1/3]$
$ \Leftrightarrow \dfrac{(3x-1)(1872x^3-1680x^2+490x-49)}{x^2(12x-7)^2}\ge 0 $
Nói chung thì ý tưởng thì em chưa rõ. Riêng bài này thì xuất hiện nghiệm $q=1/3$ mà khi cho $p=1$ thì rõ ràng $q\le 1/3$. Phải chăng là cố gắng xác định $q$ và một $g(q)$ sao cho xuất hiện nghiệm đó, đó chỉ là 1 chi tiết nhỏ có thể cần tới một vài dạng ước lượng tổng quát nữa! Cái này chỉ là phỏng đoán của em thôi vì bài này có thể làm với 1 biến chứ mấy bài khác thì chưa thể nói 1 chiều thế này !
#185056 Ba bài toán mở
Đã gửi bởi zaizai on 12-05-2008 - 13:10 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Bài của anh Cẩn em giải hoài mà chả thấy con đường nào sáng sủa cả (lúc đầu em cũng tưởng dùng p,q,r hoán vị đc nhưng mà mới vào đã làm luôn mấy cái căn và hàm số cuối thu đc là 1 đa thức bậc 4 theo r nên em bỏ cuộc tại đó Cái này làm với k=15! (tính toán có thể sai vì dài và phức tạp quá)
$(324q^2-4860q+18225)r^4+(1296q^3-13608q^2+29079q)r^3 \\ -(324q-11853q^2+12636q^3-3024q^4+144q^5)r^2+(-288q^6+2160q^5-3900q^4-27q^3+108q^2)r\\+16q^8-144q^7+324q^6+4q^5-9q^4$
Đến đây khảo sát các hệ số theo $q$ và chú ý $q\in [0.3]$ thì nó ko dương cả mà có cái âm ... Xem ra chưa chứng tỏ đc gì. Riêng việc ngồi khai triển và nhóm cũng mất quá nhiều thời gian rồi. Bài này ko hiểu giải bằng p,q,r như thế nào. Nếu giải bằng p,q,r chắc chắn phải đổi về dạng đối xứng mà thế thì ngoài con đường trên còn con đường nào khác Ko biết anh Cẩn có bổ đề nào chuyển về dạng đối xứng thật chặt ko, nếu có anh post lên em xem với !
Cuối cùng bực quá em đành nhờ thằng bạn lấy máy tính dùng trò $a=c+p,b=c+q$ thì ra đấy ạ
- Diễn đàn Toán học
- → zaizai nội dung