Cho $a,b,c>0$. Chứng minh rằng
$\frac{a}{\sqrt{b^2+3c^2}}+\frac{b}{\sqrt{c^2+3a^2}}+\frac{c}{\sqrt{a^2+3b^2}}\geqslant \frac{3}{2}$
Áp dụng Bđt $Holder$ ta có :
$( \sum \frac{a}{\sqrt{b^2 + 3c^2}})^2[\sum a(b^2+3c^2)] \geq (a+b+c)^3$
Khi đó ta cần chứng minh :
$\frac{(a+b+c)^3}{\sum a(b^2 + 3c^2)} \geq \frac{9}{4} \Leftrightarrow a^3 +b^3 + c^3 \geq ab(a+b) + bc(b+c) + ac(a+c)$
Tuy nhiên đây là một hệ quả quen thuộc
Áp dụng Bđt $AM-GM$ ta có :
$\sum a^3 + \sum a^3 + \sum b^3 \geq 3\sum a^2b$
$\sum b^3 + \sum b^3 + \sum c^3 \geq 3\sum b^2c$
$\sum c^3 + \sum c^3 + \sum a^3 \geq 3\sum c^2a$
Suy ra đpcm . Dấu đẳng thức xảy ra khi $a=b=c$
$\frac{(a+b+c)^3}{\sum a(b^2 + 3c^2)} \geq \frac{9}{4} \Leftrightarrow a^3 +b^3 + c^3 \geq ab(a+b) + bc(b+c) + ac(a+c)$
Chỗ này tương đương sai rồi nhé, phải biến đổi $1$ chút và sử dụng $a^2b+b^2c+c^2+abc\leqslant \frac{4(a+b+c)^3}{27}$ mới giải quyết xong bài toán
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh