Cho $a,b,c\geq 1.$ Chứng minh rằng : $\sum \frac{1}{1+a}\geq \sum \frac{1}{1+\sqrt[4]{ab^3}}$
$\sum \frac{1}{1+a}\geq \sum \frac{1}{1+\sqrt[4]{ab^3}}$
#1
Đã gửi 19-01-2014 - 20:21
- NguyenKieuLinh, nguyentrungphuc26041999, Vu Thuy Linh và 1 người khác yêu thích
Issac Newton
#2
Đã gửi 19-01-2014 - 21:20
Áp dụng BĐT $\frac{1}{1+a}+\frac{1}{1+b}\geq \frac{2}{1+\sqrt{ab}}$
=> VT $\geq \sum \frac{1}{1+\sqrt{ab}}=\sum \frac{1}{\sqrt[4]{a^{2}b^{2}}+1}\geq \sum \frac{1}{1+\sqrt[4]{ab^{3}}}$
( ta có $ab^{3}+bc^{3}+ca^{3}\geq a^{2}b^{2}+b^{2}c^{2}+c^{2}a^{2}$ nên BĐT đúng)
- nguyentrungphuc26041999, NguyenTruong Giang, leduylinh1998 và 1 người khác yêu thích
#3
Đã gửi 19-01-2014 - 21:46
Áp dụng BĐT $\frac{1}{1+a}+\frac{1}{1+b}\geq \frac{2}{1+\sqrt{ab}}$
=> VT $\geq \sum \frac{1}{1+\sqrt{ab}}=\sum \frac{1}{\sqrt[4]{a^{2}b^{2}}+1}\geq \sum \frac{1}{1+\sqrt[4]{ab^{3}}}$
( ta có $ab^{3}+bc^{3}+ca^{3}\geq a^{2}b^{2}+b^{2}c^{2}+c^{2}a^{2}$ nên BĐT đúng)
chỗ này không ổn lắm
mình nghĩ là thế này
sử dụng bất đẳng thức $\frac{1}{1+a}+\frac{1}{1+b}\geq \frac{2}{1+\sqrt{ab}}$
ta có
$\frac{1}{1+a}+\frac{1}{1+b}+\frac{2}{1+a}\geq \frac{2}{1+\sqrt{ab}}+\frac{2}{1+\sqrt{a^{2}}}\geq \frac{4}{1+\sqrt[4]{a^{3}b}}$
thiết lập các bất đẳng thức tương tự cộng lại ta được điều phải chứng minh
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi nguyentrungphuc26041999: 19-01-2014 - 21:53
- Vu Thuy Linh yêu thích
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh