cho a,b,c là các số thực dương thỏa $a^2+b^2+c^2=1$
chứng minh rằng;
$\frac{a^3}{b+2c}+\frac{b^3}{c+2a}+\frac{c^3}{a+2b}\leq \frac{1}{3}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi zack: 01-03-2014 - 03:33
cho a,b,c là các số thực dương thỏa $a^2+b^2+c^2=1$
chứng minh rằng;
$\frac{a^3}{b+2c}+\frac{b^3}{c+2a}+\frac{c^3}{a+2b}\leq \frac{1}{3}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi zack: 01-03-2014 - 03:33
cho a,b,c là các số thực dương thỏa $a^2+b^2+c^2=1$
chứng minh rằng;
$\frac{a^3}{b+2c}+\frac{b^3}{c+2a}+\frac{c^3}{a+2b}\leq \frac{1}{3}$
Hình như nó phải là $\geq \frac{1}{3}$ mới đúng chứ !!!!!
" Even if there was no Gravity on Earth, I'd still fall for you. "
Nunmul
Cauchy-Swarz ta có $\frac{a^{4}}{ab+2ac}+\frac{b^{4}}{bc+2ab}+\frac{c^{4}}{ac+2bc}\geq \frac{(a^{2}+b^{2}+c^{2})}{3(ab+bc+ca)}\geq \frac{ab+bc+ca}{3(ab+bc+ca)}=\frac{1}{3}$
Dấu $"="$ xảy ra $\Leftrightarrow a=b=c=\frac{\sqrt{3}}{3}$
" Even if there was no Gravity on Earth, I'd still fall for you. "
Nunmul
Cauchy-Swarz ta có $\frac{a^{4}}{ab+2ac}+\frac{b^{4}}{bc+2ab}+\frac{c^{4}}{ac+2bc}$ $\geq \frac{(a^{2}+b^{2}+c^{2})}{3(ab+bc+ca)}\geq \frac{ab+bc+ca}{3(ab+bc+ca)}=\frac{1}{3}$
Dấu $"="$ xảy ra $\Leftrightarrow a=b=c=\frac{\sqrt{3}}{3}$
Chỗ màu đỏ, từ phải là $\geq (a^2+b^2+c^2)^2 \geq (ab+bc+ca)^2$ chứ nhỉ?
Bài làm của bạn vẫn chưa sử dụng đến đk $a^2+b^2+c^2=1$ của bài toán, có thể khắc phục như sau:
Áp dụng BĐT Cauchy 2 số dương $a^2; b^2; c^2$ lần lượt theo các cặp ta có được $a^2+b^2+c^2 \geq ab+bc+ca$
Ta có $\frac{a^{4}}{ab+2ac}+\frac{b^{4}}{bc+2ab}+\frac{c^{4}}{ac+2bc}\geq \frac{(a^{2}+b^{2}+c^{2})^2}{3(ab+bc+ca)} (Schwarz) \geq \frac{(a^{2}+b^{2}+c^{2})^2}{3(a^{2}+b^{2}+c^{2})}$
Hay $\frac{a^{4}}{ab+2ac}+\frac{b^{4}}{bc+2ab}+\frac{c^{4}}{ac+2bc} \geq \frac{a^2+b^2+c^2}{3}=\frac{1}{3}$
Dấu = khi $a=b=c=\frac{\sqrt{3}}{3}$
cho a,b,c là các số thực dương thỏa $a^2+b^2+c^2=1$
chứng minh rằng;
$\frac{a^3}{b+2c}+\frac{b^3}{c+2a}+\frac{c^3}{a+2b}\leq \frac{1}{3}$
hoặc một cách khác dùng AM-GM:
$\sum \left ( \frac{a^3}{b+2c} +\frac{a(b+2c)}{9}\right )\geq 2\sum \frac{a^2}{9}$
đến đây dùng BĐT quen thuộc: $a^2+b^2+c^2\geq ab+bc+ca$ là OK!
Chỗ màu đỏ, từ phải là $\geq (a^2+b^1 2+c^2)^2 \geq (ab+bc+cáa)^2$ chứ nhỉ?
Ừ. Đúng rồi , cảm ơn bạn ! Mình cứ hay viết thiếu , ngại quá !
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Tran Nho Duc: 01-03-2014 - 19:42
" Even if there was no Gravity on Earth, I'd still fall for you. "
Nunmul
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh