Cho $a,b,c$ dương thỏa mãn $ab+bc+ca=3$ .Chứng minh :
$\sum \frac{1}{1+a^2(b+c)}$$\leq \frac{1}{abc}$
$\sum \frac{1}{1+a^2(b+c)}$$\leq \frac{1}{abc}$
#1
Đã gửi 04-11-2015 - 20:47
'' Để Đạt Được Thành Tích Bạn Chưa Từng Đạt Được, Bạn Phải Làm Những Việc Mà Bạn Chưa Tứng Làm''
#2
Đã gửi 04-11-2015 - 23:35
BĐT tương tự với $a+b+c=3$, $a,b,c$ không âm:
$$\frac{a}{1+(b+c)^2}+\frac{b}{1+(a+c)^2}+\frac{c}{1+(a+b)^2}\leq \frac{60}{1+99abc}$$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi longatk08: 04-11-2015 - 23:40
- Phanbalong yêu thích
#3
Đã gửi 04-11-2015 - 23:43
BĐT sau mạnh hơn:
$$\frac{1}{1+a^2(b+c)}+\frac{1}{1+b^2(a+c)}+\frac{1}{1+c^2(a+b)}\leq \frac{3}{1+2abc}$$
- Phanbalong yêu thích
#4
Đã gửi 04-11-2015 - 23:46
Cho $a,b,c$ dương thỏa mãn $ab+bc+ca=3$ .Chứng minh :
$\sum \frac{1}{1+a^2(b+c)}$$\leq \frac{1}{abc}$
Áp dụng BĐT $AM-GM$ ta có:
$ab+bc+ca \geq 3 \sqrt[3]{a^{2}b^{2}c^{2}}-->abc \leq 1$
Suy ra
$\sum \frac{1}{1+a^{2}(b+c)} \leq \sum \frac{1}{a(ab+bc+ca)} = \frac{1}{ab+bc+ca}.\sum \frac{1}{a} = \frac{1}{abc}$
Dấu bằng xảy ra khi $a=b=c=1$
- Phanbalong, HoangVienDuy và Quynh Le thích
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh