Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi doandoan314: 17-07-2018 - 02:22
$\frac{1}{x}+\frac{1}{y}\sqrt{1+x^{2}y^{2}}$
#1
Đã gửi 16-07-2018 - 12:48
- BurakkuYokuro11 yêu thích
Không phải ai cũng có khả năng đoạt giải Nobel hay Fields nhưng ai cũng có thể sống để cuộc sống của mình có ý nghĩa.- GS NGÔ BẢO CHÂU
#2
Đã gửi 16-07-2018 - 16:02
Với $x, y$ là các số thực dương thỏa mãn $x+y\leq$. Tìm $GTNN P=(\frac{1}{x}+\frac{1}{y})\sqrt{1+x^{2}y^{2}}$
$x+y \leq ?$ vậy bạn
- doandoan314 yêu thích
WangtaX
#3
Đã gửi 16-07-2018 - 16:13
Mình cho $x+y\leq 1$ nhé
Áp dụng BĐT AMGM : $xy \leq \frac{(x+y)^2}{4} => (xy)^2 \leq \frac{(x+y)^4}{16}$
Ta có : $\frac{1}{x}+\frac{1}{y} = \frac{x+y}{xy}$
$P = (\frac{1}{x}+\frac{1}{y})\sqrt{1+(xy)^2}$
$= (x+y)\sqrt{\frac{1}{(xy)^2}+1} $
$\geq (x+y)\sqrt{\frac{16}{(x+y)^4}+1} $
$= \sqrt{\frac{16}{(x+y)^2}+(x+y)^2} $
$= \sqrt{\frac{15}{(x+y)^2}+\frac{1}{(x+y)^2}+(x+y)^2}$
$\geq \sqrt{15+2}=\sqrt{17}$
Dấu bằng xảy ra :$ x=y=\frac{1}{2}$
- thanhdatqv2003 và doandoan314 thích
WangtaX
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh