Cho $a,b,c > 0$ và $a + b + c \ge 3$. Tim Min
$\dfrac{a}{{\sqrt b }} + \dfrac{b}{{\sqrt c }} + \dfrac{c}{{\sqrt a }}$
Các anh giúp em bài này
Bắt đầu bởi tuyenmo, 16-07-2008 - 15:14
#1
Đã gửi 16-07-2008 - 15:14
#2
Đã gửi 16-07-2008 - 17:28
Đặt $A=\dfrac{a}{\sqrt{b}}+\dfrac{b}{\sqrt{c}}+\dfrac{c}{\sqrt{a}}$
Suy ra $A^2=\dfrac{a^2}{b}+\dfrac{b^2}{c}+\dfrac{c^2}{a}+2(\dfrac{a\sqrt{b}}{\sqrt{c}}+\dfrac{b\sqrt{c}}{\sqrt{a}}+\dfrac{c\sqrt{a}}{\sqrt{b}})$
Theo AM-GM ta có $\dfrac{a^2}{b}+c+\dfrac{a\sqrt{b}}{\sqrt{c}}+\dfrac{a\sqrt{b}}{\sqrt{c}} \geq 4a$
Tương tự ta có $\dfrac{b^2}{c}+a+\dfrac{b\sqrt{c}}{\sqrt{a}}+\dfrac{b\sqrt{c}}{\sqrt{a}} \geq 4b$
$\dfrac{c^2}{a}+b+\dfrac{c\sqrt{a}}{\sqrt{b}}+\dfrac{c\sqrt{a}}{\sqrt{b}} \geq 4a$
Suy ra $A^2 \geq 3(a+b+c) \geq 9$ suy ra $A \geq 3 $
Dấu bằng xảy ra khi $a=b=c=1$
Suy ra $A^2=\dfrac{a^2}{b}+\dfrac{b^2}{c}+\dfrac{c^2}{a}+2(\dfrac{a\sqrt{b}}{\sqrt{c}}+\dfrac{b\sqrt{c}}{\sqrt{a}}+\dfrac{c\sqrt{a}}{\sqrt{b}})$
Theo AM-GM ta có $\dfrac{a^2}{b}+c+\dfrac{a\sqrt{b}}{\sqrt{c}}+\dfrac{a\sqrt{b}}{\sqrt{c}} \geq 4a$
Tương tự ta có $\dfrac{b^2}{c}+a+\dfrac{b\sqrt{c}}{\sqrt{a}}+\dfrac{b\sqrt{c}}{\sqrt{a}} \geq 4b$
$\dfrac{c^2}{a}+b+\dfrac{c\sqrt{a}}{\sqrt{b}}+\dfrac{c\sqrt{a}}{\sqrt{b}} \geq 4a$
Suy ra $A^2 \geq 3(a+b+c) \geq 9$ suy ra $A \geq 3 $
Dấu bằng xảy ra khi $a=b=c=1$
Learn from yesterday,live for today,hope for tomorrow
The important thing is to not stop questioning
#3
Đã gửi 16-07-2008 - 19:50
Đúng là có nhìn thấy bài giải mới biết nó đơn giản. Có lẽ mình cần rèn luyện nhiều nữa.
@tanlsth: Cảm ơn anh nhiều.
@tanlsth: Cảm ơn anh nhiều.
#4
Đã gửi 16-07-2008 - 21:54
bài này có trong tạp chí toán học tuổi trẻ nhưng tôi ko nhớ số nào
bạn có thể tham khảo trong các tập toán đó
bạn có thể tham khảo trong các tập toán đó
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh