Tớ có chứng minh được mấy cái này:
Bài toán: Tìm quãng đường lớn nhất vật đi được trong khoảng thời gian T/4?
Trên đường tròn $(O;A)$ ta lấy 2 điểm A và B
Trường hợp 1: A và B đều nằm trên trục hoành. Gọi M và N theo thứ tự là hình chiều của A,B trên Ox, nên M và N nằm 2 phái đối với Oy
Ta thấy vật đi từ A đến B hết$ T/4$ nên góc $\widehat{AOB}=90^0$. Đặt $\widehat{AOM}=\alpha$.
Thế thì $MN^2=(OM+ON)^2=(Asin\alpha+Acos\alpha)^2 \le 2A^2.(sin^2\alpha+cos^2\alpha)$ nên $MN \le A\sqrt{2}$
Xảy ra dấu = khi và chỉ khi $\alpha=\pi/4$
Trường hợp 2: B nằm trên, A nằm dưới (tương tự cho ngược lại).
Đặt $\widehat{BOx}=\alpha$, khi đó ta tính được $MN=2A-(Asin\alpha+Acos\alpha) <{A}{{\sqrt 2 }}$ (vì trên khoảng 0 đến $\pi/2$ thì $sin\alpha+cos\alpha \ge 1 > 2- \sqrt{{2}}$ nên $MN=2A-(Asin\alpha+Acos\alpha) <{A}{{\sqrt 2 }}$.
Vậy thì trong T/4 thì vât đi đươc S lớn nhất là $S=A\sqrt{{2}}$.
Từ đó tổng quát bằng phương pháp tương tự ta tìm được quãng đường đi được lớn nhất của 1 vật là trạng thái vật đi từ điểm có li độ -x đến x theo 1 chiều, từ đó tổng quát lên nữa cho khoảng thời gian $t+k.T/2$ (với $t<T/2$)...
Trường hợp đi được quãng đường nhỏ nhất thì căn cứ theo TH2, khi đó cũng sử dụng phương pháp hình học và BĐT giống như trường hợp 1, tìm được quãng đường đi được nhỏ nhất trong khoảng thời gian $t<T/2$ là trạng thái vật đi được từ vị trí x đến x trên đường tròn đơn vị A theo chiều tạo ra góc quay nhỏ hơn.
Đi thi thì nhớ mấy cái kết quả để làm cho nhanh
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi L_Euler: 23-06-2009 - 16:59