$\left\{\begin{matrix} \frac{3x}{x+1}+\frac{4y}{y+1}+\frac{2z}{z+1}=1 & \\ 8^{9}.x^{3}.y^{4}.z^{2}=1 & \end{matrix}\right.$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi minhdat881439: 19-06-2012 - 10:03
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi minhdat881439: 19-06-2012 - 10:03
Đừng ngại học hỏi. Kiến thức là vô bờ, là một kho báu mà ta luôn có thể mang theo dể dàng
Trần Minh Đạt tự hào là thành viên VMF
GHPT:
$\left\{\begin{matrix} \frac{3x}{x+1}+\frac{4y}{y+1}+\frac{2z}{z+1}=1 & \\ 8^{9}.x^{3}.y^{4}.z^{2}=1 & \end{matrix}\right.$
cho em hỏi là sao có ý tưởng đó vậy anhSOLUTION:
Xét phương trình thứ nhất của hệ, ta có:
\[\left\{ \begin{array}{l}
\frac{1}{{x + 1}} = \frac{2}{{x + 1}} + \frac{{4y}}{{y + 1}} + \frac{{2z}}{{z + 1}}\\
\frac{1}{{y + 1}} = \frac{{3x}}{{x + 1}} + \frac{{3y}}{{y + 1}} + \frac{{2z}}{{z + 1}}\\
\frac{1}{{z + 1}} = \frac{{3x}}{{x + 1}} + \frac{{4y}}{{y + 1}} + \frac{z}{{z + 1}}
\end{array} \right.\]
Áp dụng bất đẳng thức Cauchy, ta có:
$$\left\{ \begin{array}{l}
\frac{1}{{x + 1}} \ge 8\sqrt[8]{{\frac{{{x^2}{y^4}{z^2}}}{{{{\left( {x + 1} \right)}^2}{{\left( {y + 1} \right)}^4}{{\left( {z + 1} \right)}^2}}}}}\\
\frac{1}{{y + 1}} \ge 8\sqrt[8]{{\frac{{{x^3}{y^3}{z^2}}}{{{{\left( {x + 1} \right)}^3}{{\left( {y + 1} \right)}^3}{{\left( {z + 1} \right)}^2}}}}}\\
\frac{1}{{z + 1}} \ge 8\sqrt[8]{{\frac{{{x^3}{y^4}z}}{{{{\left( {x + 1} \right)}^3}{{\left( {y + 1} \right)}^4}\left( {z + 1} \right)}}}}
\end{array} \right.$$
$$\Rightarrow \frac{1}{{{{\left( {x + 1} \right)}^3}{{\left( {y + 1} \right)}^4}{{\left( {z + 1} \right)}^2}}} \ge {8^9}\sqrt[8]{{\frac{{{x^{24}}{y^{32}}{z^{16}}}}{{{{\left( {x + 1} \right)}^{24}}{{\left( {y + 1} \right)}^{32}}{{\left( {z + 1} \right)}^{16}}}}}}$$
\[ \Rightarrow {8^9}{x^3}{y^4}{z^2} \le 1\]
Dấu "=" xảy ra $ \Leftrightarrow \frac{x}{{x + 1}} = \frac{y}{{y + 1}} = \frac{z}{{z + 1}} = \frac{1}{9} \Leftrightarrow x = y = z = \frac{1}{8}$.
Vậy hệ đã cho có nghiệm là $\left( {x;y;z} \right) = \left( {\frac{1}{8};\frac{1}{8};\frac{1}{8}} \right)$.
Đừng ngại học hỏi. Kiến thức là vô bờ, là một kho báu mà ta luôn có thể mang theo dể dàng
Trần Minh Đạt tự hào là thành viên VMF
cho em hỏi là sao có ý tưởng đó vậy anh
SOLUTION:
Áp dụng bất đẳng thức Cauchy, ta có:
$$\left\{ \begin{array}{l}
\frac{1}{{x + 1}} \ge 8\sqrt[8]{{\frac{{{x^2}{y^4}{z^2}}}{{{{\left( {x + 1} \right)}^2}{{\left( {y + 1} \right)}^4}{{\left( {z + 1} \right)}^2}}}}}\\
\frac{1}{{y + 1}} \ge 8\sqrt[8]{{\frac{{{x^3}{y^3}{z^2}}}{{{{\left( {x + 1} \right)}^3}{{\left( {y + 1} \right)}^3}{{\left( {z + 1} \right)}^2}}}}}\\
\frac{1}{{z + 1}} \ge 8\sqrt[8]{{\frac{{{x^3}{y^4}z}}{{{{\left( {x + 1} \right)}^3}{{\left( {y + 1} \right)}^4}\left( {z + 1} \right)}}}}
\end{array} \right.$$
$$\Rightarrow \frac{1}{{{{\left( {x + 1} \right)}^3}{{\left( {y + 1} \right)}^4}{{\left( {z + 1} \right)}^2}}} \ge {8^9}\sqrt[8]{{\frac{{{x^{24}}{y^{32}}{z^{16}}}}{{{{\left( {x + 1} \right)}^{24}}{{\left( {y + 1} \right)}^{32}}{{\left( {z + 1} \right)}^{16}}}}}}$$
\[ \Rightarrow {8^9}{x^3}{y^4}{z^2} \le 1\]
Dấu "=" xảy ra $ \Leftrightarrow \frac{x}{{x + 1}} = \frac{y}{{y + 1}} = \frac{z}{{z + 1}} = \frac{1}{9} \Leftrightarrow x = y = z = \frac{1}{8}$.
Vậy hệ đã cho có nghiệm là $\left( {x;y;z} \right) = \left( {\frac{1}{8};\frac{1}{8};\frac{1}{8}} \right)$.
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh