Bài toán: Với mỗi số nguyên không âm $n$ và $k$,ta định nghĩa $Q(n;k)$ là hệ số của $x^{k}$ trong khai triển $(1+x+x^2+x^3)^{n}$.Chứng minh:
$$Q(n;k)=\sum_{j=0}^{k}\binom{n}{j}\binom{n}{k-2j}$$
$$Q(n;k)=\sum_{j=0}^{k}\binom{n}{j}\binom{n}{k-2j}$$
Bắt đầu bởi dark templar, 04-10-2012 - 21:22
tổ hợp nhị thức 2.
#1
Đã gửi 04-10-2012 - 21:22
- perfectstrong và hxthanh thích
"Do you still... believe in me ?" Sarah Kerrigan asked Jim Raynor - Starcraft II:Heart Of The Swarm.
#2
Đã gửi 18-01-2013 - 23:36
Ký hiệu: $\left\langle x^m\right\rangle P(x)$ là hệ số của $x^m$ trong khai triển của $P(x)$
Ta có:
$\quad(1+x+x^2+x^3)^n=[(1+x)(1+x^2)]^n=\sum_{k=0}^n{n\choose k}x^k\sum_{j=0}^n{n\choose j}x^{2j}$
$=\sum_{k=0}^n\sum_{j=0}^n{n\choose j}{n\choose k}x^{k+2j}$
$\Rightarrow m=k+2j$ suy ra $k=m-2j$
Vậy $\left\langle x^m\right\rangle(1+x+x^2+x^3)^n=\sum_{j=0}^n {n\choose j}{n\choose m-2j}=\sum_{j=0}^{\left\lfloor\frac{m}{2}\right\rfloor}{n\choose j}{n\choose m-2j}$
Với $j> \left\lfloor\frac{m}{2}\right\rfloor$ thì ${n\choose m-2j}=0$
Những trường hợp lấy tổng như thế, người ta thường viết là $\sum_{j\ge 0}{n\choose j}{n\choose m-2j}$
đôi khi gọn hơn là $\sum_{j}{n\choose j}{n\choose m-2j}$
Ta có:
$\quad(1+x+x^2+x^3)^n=[(1+x)(1+x^2)]^n=\sum_{k=0}^n{n\choose k}x^k\sum_{j=0}^n{n\choose j}x^{2j}$
$=\sum_{k=0}^n\sum_{j=0}^n{n\choose j}{n\choose k}x^{k+2j}$
$\Rightarrow m=k+2j$ suy ra $k=m-2j$
Vậy $\left\langle x^m\right\rangle(1+x+x^2+x^3)^n=\sum_{j=0}^n {n\choose j}{n\choose m-2j}=\sum_{j=0}^{\left\lfloor\frac{m}{2}\right\rfloor}{n\choose j}{n\choose m-2j}$
Với $j> \left\lfloor\frac{m}{2}\right\rfloor$ thì ${n\choose m-2j}=0$
Những trường hợp lấy tổng như thế, người ta thường viết là $\sum_{j\ge 0}{n\choose j}{n\choose m-2j}$
đôi khi gọn hơn là $\sum_{j}{n\choose j}{n\choose m-2j}$
- dark templar và nthoangcute thích
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh