Cho: $a + b + c = 1$ chừng minh rằng:
$\frac{1}{{\sqrt {2{\rm{a}} + b + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2b + c + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2c + a + 3} }} \ge \frac{3}{2}$
\[\sum {\frac{1}{{\sqrt {2a + b + 3} }}} \ge \frac{3}{2}\]
Bắt đầu bởi CelEstE, 23-10-2012 - 17:29
#1
Đã gửi 23-10-2012 - 17:29
#2
Đã gửi 23-10-2012 - 18:22
Nhập mẫuCho: $a + b + c = 1$ chừng minh rằng:
$\frac{1}{{\sqrt {2{\rm{a}} + b + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2b + c + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2c + a + 3} }} \ge \frac{3}{2}$
$\frac{1}{{\sqrt {2{\rm{a}} + b + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2b + c + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2c + a + 3} }}\geq \frac{9}{\sum \sqrt{2a+b+3}}$
Áp dụng cauchy-sward
$(\sum \sqrt{2a+b+3})^2\leq 3(3a+3b+3c+9)=36=>\sum \sqrt{2a+b+3}\leq 6$
$=>\frac{1}{{\sqrt {2{\rm{a}} + b + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2b + c + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2c + a + 3} }}\geq \frac{9}{\sum \sqrt{2a+b+3}}\geq \frac{9}{6}\geq \frac{3}{2}$
Đẳng thức xảy ra khi $a=b=c=\frac{1}{3}$
- donghaidhtt, CelEstE và no matter what thích
#3
Đã gửi 23-10-2012 - 18:24
Áp dụng BĐT Cauchy-Schwarz dạng Engel,ta có:Cho: $a + b + c = 1$ chừng minh rằng:
$$\frac{1}{{\sqrt {2{\rm{a}} + b + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2b + c + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2c + a + 3} }}\geq \frac{9}{6}=\frac{3}{2}$ \ge \frac{3}{2}$
$\frac{1}{{\sqrt {2{\rm{a}} + b + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2b + c + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2c + a + 3} }} \ge \frac{(1+1+1)^2}{\sum \sqrt{2a+b+3}}=\frac{9}{\sum \sqrt{2a+b+3}}$
Lại áp dụng BĐT Cauchy-Schwarz lần nữa,ta có:
$(\sum \sqrt{2a+b+3})^{2}\leq (1^2+1^2+1^2)(2a+b+3+2b+c+3+2c+a+3)=3.(3a+3b+3c+9)=36$
$\Rightarrow \sum \sqrt{2a+b+3}\leq 6$
Vậy ta thu được:$\frac{1}{{\sqrt {2{\rm{a}} + b + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2b + c + 3} }} + \frac{1}{{\sqrt {2c + a + 3} }}\geq \frac{9}{6}=\frac{3}{2}$
- donghaidhtt, CelEstE, no matter what và 2 người khác yêu thích
#4
Đã gửi 23-10-2012 - 19:04
Voted ,voted vì đây là box THPT nên xin trình bày 1 cách khác( nhàn hơn)
đặt $S=\frac{1}{\sqrt{2a+b+3}}+\frac{1}{\sqrt{2b+c+3}}+\frac{1}{\sqrt{2c+a+3}}$
và $P=1(2a+b+3)+1(2b+c+3)+1(2c+a+3)=12$(GT)áp dụng BĐT HOLDER ta có
$S^2P\geq (1+1+1)^3=27$ suy ra$S^2\geq \frac{27}{p}=\frac{9}{4}$ (đây cung là dpcm)
đặt $S=\frac{1}{\sqrt{2a+b+3}}+\frac{1}{\sqrt{2b+c+3}}+\frac{1}{\sqrt{2c+a+3}}$
và $P=1(2a+b+3)+1(2b+c+3)+1(2c+a+3)=12$(GT)áp dụng BĐT HOLDER ta có
$S^2P\geq (1+1+1)^3=27$ suy ra$S^2\geq \frac{27}{p}=\frac{9}{4}$ (đây cung là dpcm)
- N H Tu prince, donghaidhtt và Math Is Love thích
#5
Đã gửi 23-10-2012 - 19:20
Em đăng nhầm box nhưng cảm ơn các anh, lời giải rất dễ hiểu
Freedom Is a State of Mind
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh