Đến nội dung

nghiadhspv

nghiadhspv

Đăng ký: 10-10-2015
Offline Đăng nhập: 30-09-2017 - 16:09
-----

Trong chủ đề: $f'(x_1)=\frac{3f'(x_2)}{4x_2}+...

09-03-2016 - 09:06

Cho hàm $f$ liên tục trên $[1;2]$, khả vi trên $(1;2)$. Chứng minh rằng tồn tại các số $x_1,x_2,x_3\in (1;2)$ sao cho :

$$f'(x_1)=\frac{3f'(x_2)}{4x_2}+\frac{7f'(x_3)}{6x_3^2}$$

Tổng quát lên cho dễ nhìn :$f'(x_1)=(a+b)\frac{f'(x_2)}{4x_2}+(a^2+ab+b^2)\frac{f'(x_3)}{6(x_3)^2}$


Trong chủ đề: Gõ thử công thức toán

23-11-2015 - 23:01

Chứng minh bất đẳng thức Cô Si theo quy nạp

Giả sử bất đẳng thức đúng với $k$ tức là

$a_1+a_2+...+a_k\geq k\sqrt[k]{a_1.a_2...a_k}$ 

Ta sẽ chứng minh bất đẳng thức đúng với $k+1$ tức là 

$a_1+a_2+...+a_k+a_{k+1}\geq (k+1)\sqrt[k+1]{a_1.a_2...a_k.a_{k+1}}$ 

 Ta có 

$a_1+a_2+...+a_k\geq k\sqrt[k]{a_1.a_2...a_k}$ (1)

$a_{k+1}+(k-1)\sqrt[k+1]{a_1.a_2...a_k.a_{k+1}}\geq k\sqrt[k]{a_{k+1}.(a_1.a_2...a_k.a_{k+1})^\frac{k-1}{k+1}}$ (Áp dụng Cô si k số ) (2)
( Mình viết gọn là $(k-1)\sqrt[k+1]{a_1.a_2...a_k.a_{k+1}}$ nhưng thực ra là viết thành $+\sqrt[k+1]{a_1.a_2...a_k.a_{k+1}}$  $k-1$ lần )
Cuối cùng áp dụng Cô si 2 số 
 $k\sqrt[k]{a_1.a_2...a_k}+ k\sqrt[k]{a_{k+1}.(a_1.a_2...a_k.a_{k+1})^\frac{k-1}{k+1}}$  ( Đặt cây ni là A )
$\sqrt[k]{a_1.a_2...a_k}.\sqrt[k]{a_{k+1}.(a_1.a_2...a_k.a_{k+1})^\frac{k-1}{k+1}}=(a_1.a_2...a_{k+1})^{\frac{1}{k}+\frac{k-1}{(k+1)k}}=(a_1.a_2...a_{k+1})^{\frac{2}{k+1}}$ 
Suy ra$ A\geq 2k.(a_1.a_2...a_{k+1})^{\frac{1}{k+1}}$ (3)
 Từ (1) (2) và (3) suy ra điều phải chứng minh