gọi O là trung điểm của AB, $K= OC\cap AF$ $\Rightarrow $ K là trọng tâm của $\delta ABC.$
$ \dfrac{OK}{KC} = \dfrac{OM}{MB} =1/2 \Rightarrow KM//BC \Rightarrow \widehat{KMO}= \widehat{ABC} $
TH1: $H \in AK$. tứ giác KHOM nội tiếp $ \Rightarrow \widehat{OHF} +\widehat{OBF}= \widehat{OHF}+\widehat{KMO}=180 $ .Suy ra OHFB nội tiếp $\Rightarrow \widehat{BHF} = \widehat{BOF} = \widehat{ABC}$
TH2$:H \in KF$.OKHM nội tiếp $\Rightarrow \widehat{KMO}= \widehat{KHO}= \widehat{ABC} \Rightarrow $OHFB nội tiếp
$\widehat{BHF} = \widehat{BOF} = \widehat{ABC}$
number
Thống kê
- Nhóm: Thành viên
- Bài viết: 4
- Lượt xem: 1000
- Danh hiệu: Lính mới
- Tuổi: Chưa nhập tuổi
- Ngày sinh: Chưa nhập ngày sinh
-
Giới tính
Bí mật
0
Trung bình
Công cụ người dùng
Bạn bè
number Chưa có ai trong danh sách bạn bè.
Lần ghé thăm cuối
Không có khách viếng thăm lần cuối
Trong chủ đề: Bài 5
14-07-2008 - 20:29
Trong chủ đề: giải thử 2 bài pt nghiêm nguyên xem
16-04-2008 - 00:10
giải pt nghiệm nguyên dương
x!+y!+z!=5n!
x!+y!+z!=5n!
Trong chủ đề: giải thử 2 bài pt nghiêm nguyên xem
15-04-2008 - 21:32
Bài 2 :Giải 2 pt nghiệm nguyên với ẩn x,y,z sau:
1) $3^x+4^y=7^z$
2) $7^x+12^y=13^z$
Dễ thấy tìm nghiệm nguyên của pt tương đương với tìm nghiệm ko âm.
Xét x=0. phương trình tương đương 13^z=12^y+1
*$y=0$.Vô nghiệm ;$ y=1$ có nghiệm $(0;1;1) * y>=2$ thì $z \ge 2$.
${\rm{13}}^{\rm{z}} \equiv 1(\bmod 12)$.Bậc của $13 (mod12)$ là 2 $\to z \vdots 2$.Đặt$ z = 2k(k \ge 1).$
$13^{2k} = 12^y + 1 \Leftrightarrow 12^y = (13^k - 1)(13^k + 1) $ mà 13^k+1-(13^k-1)=2 và 13^k-1,13^k+1 chẵn $\to 2 \vdots d \to d{\rm{ = 2}} $với ${\rm{d = (13}}^{\rm{k}} + 1,13^k - 1)$
Vậy $13^k - 1 = 2$ và $13^k +1 =2^{2y - 1}.3^y$ (vô nghiệm) hoặc 13^k - 1=2.3^y và 13^k+1=$2^{2y - 1} $ với y>=5(vì khi đó$2^{2y - 1} $>2.3^y).Với 2<=y<5 thử trực tiếp thấy không thỏa mãn.
13^k+1-(13^k-1)=2 nên $2^{2y - 1} $-2.3^y =2.Mặt khác y>=5 thì $2^{2y - 1} $>2.3^y+2.Vậy
trường hợp này pt vô nghiệm.
xét $y=0.x=0;1$ vô nghiệm
$x \ge 2 \to z \ge 2 \to 7^x = 13^z - 1 \vdots 12 $ (vô lí)
$* 7^x \equiv -( - 1)^y (\bmod 13)$
y lẻ.$7^{x} \equiv 1(\bmod 13)$ Bậc $7(mod 13)$ là 12 nên$ x \vdots 12 $
y chẵn. $7^{2x} \equiv 1(\bmod 13) \to x \vdots 6$
vậy$ \to x \vdots 6$ với cả 2 TH
$*5^y \equiv 7^x + 12^y \equiv 13^z \equiv ( - 1)^z (\bmod 7)$
tương tự ta có bậc $5(mod 7)$ là 6 nên $y \vdots 3$
$*x \vdots 3.x = 3x_1 (x_1 \ge 2);y = 3y_1$ .
$7^x \equiv 7^{3x_1 } \equiv 7^3 \equiv 1(\bmod 9) and 12^y \equiv 12^{3y_1 } \equiv 12^3 \equiv 0(\bmod 9)$
$ \to 13^z \equiv 1(\bmod 9)$ .Vậy $z \vdots 3$ do bậc 13(mod9) là 3
đặt $z = 3z_1 ,x = 3x_1 ;y = 3y_1 (x_1 > 1;y_1 ,z_1 \ge 1 )$
$(7^{x_1 } )^3 + (12^{y_1 } )^3 = (13^{z_1 } )^3$ (vô nghiệm vì là pt Ferma với n=3)
pt đầu có nghiệm duy nhât $(0;1;1)$
Trong chủ đề: Tồn tại
01-04-2008 - 22:48
Khi đó c chẵn!!! trái giả thiết 3 số dương lẻ phân biệt.Như vậy khi n lẻ lớn hơn 1 thì ta có thể lấy các số a=n, b=(n+1)/2 , c=n.(n+1)/2
- Diễn đàn Toán học
- → Đang xem trang cá nhân: Bài viết: number