cho x,y,z $\geq$ 0 và x+y+z=2.cmr $\sum x^3\leq 1+\frac{1}{2}(\sum x^4)$
cmr $\sum x^3\leq 1+\frac{1}{2}(\sum x^4)$
#1
Đã gửi 10-08-2014 - 17:45
#2
Đã gửi 16-08-2014 - 08:32
ta có $2(\sum x^3)-\sum x^4=\sum x^3(2-x)=\sum x^3(y+z)=\sum xy(x^2+y^2)\leq (xy+yz+zx)(x^2+y^2+z^2)$
$=\frac{1}{2}(2xy+2yz+2zx)(x^2+y^2+z^2)\leq \frac{1}{2}\frac{(2xy+2yz+2zx+x^2+y^2+z^2)^2}{4}=2$
$\Rightarrow 2(x^3+y^3+z^3)-(x^4+y^4+z^4)\leq 2$
$\Leftrightarrow \sum x^3\leq 1+\frac{1}{2}\sum x^4$
dấu bằng xảy ra khi $\left\{\begin{matrix} xyz=0\\2(xy+yz+zx)=x^2+y^2+z^2 \\x+y+z=2 \end{matrix}\right.$ hay 1 trong 3 số $x;y;z$ thì có 1 số bằng $0$ và 1 số bằng $1$
- Vo Sy Nguyen, Bui Ba Anh và killerdark68 thích
chúng tôi là 3 người từ lớp 10 cá tính:NRC,NTP,A-Q
#3
Đã gửi 07-05-2021 - 20:32
Tương tự:
Ta có: $1=\frac{(a+b+c)^4}{16}=\frac{[a^2+b^2+c^2+2(ab+bc+ca)]^2}{16}\geqslant \frac{4(a^2+b^2+c^2).2(ab+bc+ca)}{16}=\frac{(a^2+b^2+c^2)(ab+bc+ca)}{2}$
$\Leftrightarrow 2\geqslant (a^2+b^2+c^2)(ab+bc+ca)=a^3(b+c)+b^3(c+a)+c^3(a+b)+abc(a+b+c)\geqslant a^3(b+c)+b^3(c+a)+c^3(a+b)=a^3(2-a)+b^3(2-b)+c^3(2-c)\Leftrightarrow a^3+b^3+c^3\leq 1+\frac{1}{2}(a^4+b^4+c^4)$
Ta có điều phải chứng minh
Đẳng thức xảy ra khi trong 3 số $a,b,c$ có một số bằng 0 và 2 số bằng 1.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi KietLW9: 13-05-2021 - 19:26
Trong cuộc sống không có gì là đẳng thức , tất cả đều là bất đẳng thức
$\text{LOVE}(\text{KT}) S_a (b - c)^2 + S_b (c - a)^2 + S_c (a - b)^2 \geqslant 0\forall S_a,S_b,S_c\geqslant 0$
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh