Cho a, b, c > 0 thỏa mãn $a^{2}+b^{2}+c^{2}=1$.
Chứng minh $\frac{1}{1-ab}+\frac{1}{1-bc}+\frac{1}{1-ca}\leq \frac{9}{2(1+9abc-a-b-c)}$
Cho a, b, c > 0 thỏa mãn $a^{2}+b^{2}+c^{2}=1$.
Chứng minh $\frac{1}{1-ab}+\frac{1}{1-bc}+\frac{1}{1-ca}\leq \frac{9}{2(1+9abc-a-b-c)}$
Cho a, b, c > 0 thỏa mãn $a^{2}+b^{2}+c^{2}=1$.
Chứng minh $\frac{1}{1-ab}+\frac{1}{1-bc}+\frac{1}{1-ca}\leq \frac{9}{2(1+9abc-a-b-c)}$
Ta có:
$\sum \frac{1}{1-ab}=\sum\frac{1}{a^2+b^2+c^2-ab}\leq \sum \frac{1}{c^2+ab}$
Do đó cần chứng minh:
$\sum \frac{1}{c^2+ab}\leq \frac{9}{2(1+9abc-a-b-c)}$ $(1)$
Lại có:
$\sum \frac{1}{c^2+ac} \geq \frac{9}{a^2+b^2+c^2+ab+bc+ca}\geq \frac{9}{2(a^2+b^2+c^2)}=\frac{9}{2}$ $(2)$
Nhân theo vế $(1)$ và $(2)$ ta cần phải chứng minh:
$\frac{9}{2(1+9abc-a-b-c)}\geq \frac{9}{2}$
$\Leftrightarrow \frac{1}{1+9abc-a-b-c}\geq 1$
$\Leftrightarrow a+b+c \geq 9abc$
Mà ta có: $a+b+c \geq 3\sqrt[3]{abc}$
Cần cm: $3\sqrt[3]{abc}\geq 9abc$
$\Leftrightarrow 1 \geq 3\sqrt[3]{a^2b^2c^2}$
Tuy nhiên BĐT này luôn đúng do: $\sqrt[3]{a^2b^2c^2}\leq \frac{a^2+b^2+c^2}{3}=\frac{1}{3}$
Do đó ta có đpcm. Dấu $=$ xảy ra khi $a=b=c=\frac{1}{\sqrt{3}}$
Ta có:
$\sum \frac{1}{1-ab}=\sum\frac{1}{a^2+b^2+c^2-ab}\leq \sum \frac{1}{c^2+ab}$
Do đó cần chứng minh:
$\sum \frac{1}{c^2+ab}\leq \frac{9}{2(1+9abc-a-b-c)}$ $(1)$
Lại có:
$\sum \frac{1}{c^2+ac} \geq \frac{9}{a^2+b^2+c^2+ab+bc+ca}\geq \frac{9}{2(a^2+b^2+c^2)}=\frac{9}{2}$ $(2)$
Nhân theo vế $(1)$ và $(2)$ ta cần phải chứng minh:
$\frac{9}{2(1+9abc-a-b-c)}\geq \frac{9}{2}$
$\Leftrightarrow \frac{1}{1+9abc-a-b-c}\geq 1$
$\Leftrightarrow a+b+c \geq 9abc$
Mà ta có: $a+b+c \geq 3\sqrt[3]{abc}$
Cần cm: $3\sqrt[3]{abc}\geq 9abc$
$\Leftrightarrow 1 \geq 3\sqrt[3]{a^2b^2c^2}$
Tuy nhiên BĐT này luôn đúng do: $\sqrt[3]{a^2b^2c^2}\leq \frac{a^2+b^2+c^2}{3}=\frac{1}{3}$
Do đó ta có đpcm. Dấu $=$ xảy ra khi $a=b=c=\frac{1}{\sqrt{3}}$
Có vấn đề, ví dụ như cần c/m $a\geq b$ mà có $b\geq c$ thì đi chứng minh $a\geq c$ để có đpcm là sai
Ví dụ: $10>1$ và $2>1$ vậy thì $2>10$ ???
Đúng ra là phải chứng minh: $VT\leq \frac{9}{2}\leq VP$
Quy Ẩn Giang Hồ.
So goodbye!
Có vấn đề, ví dụ như cần c/m $a\geq b$ mà có $b\geq c$ thì đi chứng minh $a\geq c$ để có đpcm là sai
Ví dụ: $10>1$ và $2>1$ vậy thì $2>10$ ???
Chú ko hiểu ý anh rồi...Này nhé:
Ta cần chứng minh:
$\sum \frac{1}{c^2+ab}\leq\frac{9}{2(1+9abc-a-b-c)}$
Mà ta có:
$\frac{9}{2}\leq \sum\frac{1}{c^2+ab}$
Nếu ta chứng minh được: $\sum \frac{1}{c^2+ab}.\frac{9}{2}\leq \frac{9}{2(1+9abc-a-b-c)}.\sum\frac{1}{c^2+ab}$
thì bài toàn chứng minh xong...
(ở đây là nhân theo vế của 1 BĐT đúng và 1BĐT cần chứng minh...nếu ta chứng minh được BĐT sau khi nhân theo vế thì hiển nhiên BĐT trước đó củng phải đúng chứ)
P/s: ko like à chú :v
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nguyen Minh Hai: 29-03-2015 - 15:26
Chú ko hiểu ý anh rồi...Này nhé:
Ta cần chứng minh:$\sum \frac{1}{c^2+ab}\leq\frac{9}{2(1+9abc-a-b-c)}$
Mà ta có:
$\frac{9}{2}\leq \sum\frac{1}{c^2+ab}$
Nếu ta chứng minh được: $\sum \frac{1}{c^2+ab}.\frac{9}{2}\leq \frac{9}{2(1+9abc-a-b-c)}.\sum\frac{1}{c^2+ab}$
thì bài toàn chứng minh xong...
(ở đây là nhân theo vế của 1 BĐT đúng và 1BĐT cần chứng minh...nếu ta chứng minh được BĐT sau khi nhân theo vế thì hiển nhiên BĐT trước đó củng phải đúng chứ)
P/s: ko like à chú :v
Sai thì like thế nào đk
Í chú là có $ac>bd$ mà $a>c$ thì $b>d$ á
Sai nhé!!!
Chỉ ra cho này:
Nếu cho $(x,y,z)\rightarrow (\frac{9}{2},\sum \frac{1}{c^2+ab}, \frac{9}{2(1+9abc-a-b-c)})$
Í chú là ta có: $y\geq x$ và nếu ta c/m được $xy\leq yz\Leftrightarrow x\leq z$ thì $y\leq z$ á
Sai, sai hoàn toàn
Với $a=\sqrt{\frac{49}{50}};b=c=\frac{1}{10}$ thì BĐT trên sai
Vì $1+9abc-a-b-c$ chưa chắc lớn hơn 0
Với $a=\sqrt{\frac{49}{50}};b=c=\frac{1}{10}$ thì BĐT trên sai
Vì $1+9abc-a-b-c$ chưa chắc lớn hơn 0
Nếu mà cái đấy <0 thì BĐT không còn đúng vì VT>0 do mỗi bộ số $(1-ab),(1-bc),(1-ac)$ đều >0 nên ta chỉ xét đến TH mà mẫu dương.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi binhnhaukhong: 29-03-2015 - 22:43
Quy Ẩn Giang Hồ.
So goodbye!
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh