Cho a,b,c dương, $a+b+c=3$. Chứng minh:
$\sum \frac{1}{1+bc}\geq \frac{9}{2\sum \sqrt{a}}$.
Cho a,b,c dương, $a+b+c=3$. Chứng minh:
$\sum \frac{1}{1+bc}\geq \frac{9}{2\sum \sqrt{a}}$.
Cho a,b,c dương, $a+b+c=3$. Chứng minh:
$\sum \frac{1}{1+bc}\geq \frac{9}{2\sum \sqrt{a}}$.
ÁP dụng$ Cauchy-schwarz :$
$\sum \frac{1}{1+bc} \geq \frac{9}{3+\sum ab} \geq \frac{9}{3+ \frac{(a+b+c)^2}{3}}=\frac{3}{2}$
~YÊU ~
Cho a,b,c dương, $a+b+c=3$. Chứng minh:
$\sum \frac{1}{1+bc}\geq \frac{9}{2\sum \sqrt{a}}$.
Ta có $\sum \frac{1}{1+bc}\geq \frac{9}{3+\sum ab}\geq \frac{9}{3+\frac{(a+b+c)^{2}}{3}}=\frac{3}{2}$
Edited by Nhok Tung, 20-07-2015 - 08:21.
$\lim_{I\rightarrow Math}LOVE=+\infty$
ÁP dụng$ Cauchy-schwarz :$
$\sum \frac{1}{1+bc} \geq \frac{9}{3+\sum ab} \geq \frac{9}{3+ \frac{(a+b+c)^2}{3}}=\frac{3}{2}$
Ta có $\sum \frac{1}{1+bc}\geq \frac{9}{3+\sum ab}\geq \frac{9}{3+\frac{(a+b+c)^{2}}{3}}=\frac{3}{2}$
Hai anh làm sai hết.
Nếu như thế thì cần cm:
$\frac{9}{2\sum \sqrt{a}}\leq \frac{3}{2}\Leftrightarrow \sum \sqrt{a}\geq 3$
Mà điều này sai do: $\sum \sqrt{a}\leq \sqrt{3(\sum a)}=3$.
Hai anh làm sai hết.
Nếu như thế thì cần cm:
$\frac{9}{2\sum \sqrt{a}}\leq \frac{3}{2}\Leftrightarrow \sum \sqrt{a}\geq 3$
Mà điều này sai do: $\sum \sqrt{a}\leq \sqrt{3(\sum a)}=3$.
Nhầm
Edited by arsfanfc, 20-07-2015 - 12:52.
~YÊU ~
bạn giải thích rõ chút đi
Ta có $\sum \frac{1}{1+bc}\geq \frac{9}{3+\sum ab}\geq \frac{9}{3+\frac{(a+b+c)^{2}}{3}}=\frac{3}{2}$
bạn chứng minh $\frac{3}{2}\geqslant \frac{9}{2(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c})}$ giúp mình đi
Cho a,b,c dương, $a+b+c=3$. Chứng minh:
$\sum \frac{1}{1+bc}\geq \frac{9}{2\sum \sqrt{a}}$.
ÁP dụng$ Cauchy-schwarz :$
$\sum \frac{1}{1+bc} \geq \frac{9}{3+\sum ab} \geq \frac{9}{3+ \frac{(a+b+c)^2}{3}}=\frac{3}{2}$
Ta có $\sum \frac{1}{1+bc}\geq \frac{9}{3+\sum ab}\geq \frac{9}{3+\frac{(a+b+c)^{2}}{3}}=\frac{3}{2}$
bạn chứng minh $\frac{3}{2}\geqslant \frac{9}{2(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c})}$ giúp mình đi
Lời giải:
Ta có:$VT=3-\sum \frac{bc}{1+bc}\geq 3-\sum \frac{\sqrt{bc}}{2}$
Cần chứng minh: $6-\sum bc\geq \frac{9}{\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c}}$
$<=>3-\sum \sqrt{ab}\geq \frac{3(3-\sum \sqrt{a})}{\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c}}$
$<=>(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c})(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c}+3)(3-\sum \sqrt{ab})\geq 3(9-(\sum \sqrt{a})^2)$
$<=>(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c})(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c}+3)(3-\sum \sqrt{ab})\geq 6(3-\sum \sqrt{ab})$
Dễ thấy: $\sum \sqrt{ab}\leq a+b+c=3$
Với $\sum \sqrt{ab}=3$ thì BĐT đúng
Nếu $\sum \sqrt{ab}<3$ cần chứng minh:$(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c})(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c}+3)\geq 6$
$<=>x^2+3x-6\geq 0$ ( với $x=\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c}$ )
Cần chứng minh: $x\geq \frac{\sqrt{33}-3}{2}$ (đúng vì $\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c}\geq \sqrt{a+b+c}=\sqrt{3}> \frac{\sqrt{33}-3}{2}$)
BĐT được chứng minh
Edited by Hoang Nhat Tuan, 20-07-2015 - 12:03.
các bạn chứng minh dùm bài này
Cho a, b, c là các số dương thỏa mãn a+b+c=3. chứng minh rằng
$\frac{a}{b^{2}+1}+\frac{b}{c^{2}+1}+\frac{c}{a^{2}+1}\geq \frac{3}{2}$
các bạn chứng minh dùm bài này
Cho a, b, c là các số dương thỏa mãn a+b+c=3. chứng minh rằng
$\frac{a}{b^{2}+1}+\frac{b}{c^{2}+1}+\frac{c}{a^{2}+1}\geq \frac{3}{2}$
Ta có:$\frac{a}{b^2+1}=\frac{a(b^2+1)-ab^2}{b^2+1}=a-\frac{ab^2}{b^2+1}\geq a-\frac{ab^2}{2b}=a-\frac{ab}{2}$
CMTT:$\frac{b}{c^2+1}\geq b-\frac{bc}{2}$
$\frac{c}{a^2+1}\geq c-\frac{ac}{2}$
$\Rightarrow \sum \frac{a}{b^2+1}\geq a+b+c-\frac{ab+bc+ac}{2}\geq a+b+c-\frac{(a+b+c)^2}{6}=3-\frac{9}{6}=\frac{3}{2}$
0 members, 1 guests, 0 anonymous users