Cho a,b,c dương thỏa mãn $abc=1$ .Chứng minh rằng $\sum a+\sum \frac{1}{a}\geq \frac{a}{b}+\frac{b}{c}+\frac{c}{a}+3 $
$\sum a+\sum \frac{1}{a}\geq \frac{a}{b}+\frac{b}{c}+\frac{c}{a}+3$
#1
Đã gửi 19-10-2015 - 15:41
#2
Đã gửi 19-10-2015 - 20:17
Cho a,b,c dương thỏa mãn $abc=1$ .Chứng minh rằng $\sum a+\sum \frac{1}{a}\geq \frac{a}{b}+\frac{b}{c}+\frac{c}{a}+3 $
Thử $a=b=2,c=\frac{1}{4}$. Chiều ngược lại đúng.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi longatk08: 19-10-2015 - 20:19
#3
Đã gửi 19-10-2015 - 21:46
Thử $a=b=2,c=\frac{1}{4}$. Chiều ngược lại đúng.
Vậy bạn thử chứng minh chiều ngược lại xem sao $2(\sum a+\sum \frac{1}{a})\leq \frac{a}{c}+\frac{b}{a}+\frac{c}{b}+9abc$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Chung Anh: 19-10-2015 - 21:54
Chung Anh
#4
Đã gửi 19-10-2015 - 23:03
Vậy bạn thử chứng minh chiều ngược lại xem sao $2(\sum a+\sum \frac{1}{a})\leq \frac{a}{c}+\frac{b}{a}+\frac{c}{b}+9abc$
Dựa vào điều kiện $abc=1$ đổi biến đi là ra BĐT Schur bậc 3
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi longatk08: 19-10-2015 - 23:09
- Hoang Long Le yêu thích
#5
Đã gửi 21-10-2015 - 22:30
Dựa vào điều kiện $abc=1$ đổi biến đi là ra BĐT Schur bậc 3
Spoiler
Thế còn bất đẳng thức mạnh hơn là $a^3+b^3+c^3+9abc\geq 2(a^2b+b^2c+c^2a+c^2b+b^2a+a^2c) $
Chung Anh
#6
Đã gửi 21-10-2015 - 23:35
Thế còn bất đẳng thức mạnh hơn là $a^3+b^3+c^3+9abc\geq 2(a^2b+b^2c+c^2a+c^2b+b^2a+a^2c) $
BĐT này không đúng. Lấy $ c\rightarrow 0^{+},b=1$
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh