Tìm Min $\frac{x^2}{\sqrt{y}}+\frac{y^2}{\sqrt{x}}$ với $x,y>0$ và $x^2+y^2=2$
$\frac{x^2}{\sqrt{y}}+\frac{y^2}{\sqrt{x}}$
#1
Đã gửi 24-03-2016 - 20:09
#2
Đã gửi 24-03-2016 - 21:57
Tìm Min $\frac{x^2}{\sqrt{y}}+\frac{y^2}{\sqrt{x}}$ với $x,y>0$ và $x^2+y^2=2$
$\frac{x^{4}}{x^{2}\sqrt{y}}+\frac{y^{4}}{y^{2}\sqrt{x}}\geq \frac{(x^{2}+y^{2})^{2}}{\sqrt{xy}(\sqrt{x^{3}}+\sqrt{y^{3}})}$
Ta chứng minh: $\sqrt{xy}(\sqrt{x^{3}}+\sqrt{y^{3}})\leq 2$
$\Leftrightarrow \sqrt{xy}(\sqrt{x}+\sqrt{y})(x-\sqrt{xy}+y)\leq 2$
Ta có: $(\sqrt{x}+\sqrt{y})^{2}\leq 2(x+y)\leq 2\sqrt{2(x^{2}+y^{2})}=4$
$\Rightarrow \sqrt{x}+\sqrt{y}\leq 2$
$\sqrt{xy}(x-\sqrt{xy}+y)\leq \frac{(x+y)^{2}}{4}\leq \frac{4}{4}=1$
$\Rightarrow \frac{x^{2}}{\sqrt{y}}+\frac{y^{2}}{\sqrt{x}}\geq \frac{4}{2}=2$
Dấu = xảy ra$\Leftrightarrow x=y=1$
- tranquocluat_ht, Coppy dera, thuylinhnguyenthptthanhha và 1 người khác yêu thích
Vũ trụ không có biên trong không gian, không có bắt đầu và kết thúc trong thời gian và chẳng có việc gì cho đấng sáng thế phải làm ở đây cả.
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh