Bài toán: Cho $n$ số thực $a_1;..;a_n$ thỏa mãn $a_1^2+a_2^2+...+a_n^2=3$
Chứng minh rằng $\left | \frac{a_1}{2}+\frac{a_2}{3}+...+\frac{a_n}{n+1} \right |<\sqrt{2}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi ngochapid: 12-05-2016 - 20:57
$ (\frac{a_1}{2}+\frac{a_2}{3}+...+\frac{a_2}{n+1})^2 \le (a_1^2+a_2^2+...+a_n^2)[\frac{1}{2^2}+\frac{1}{3^2}+...+\frac{1}{(n+1)^2}] < 3.\frac{n}{n+1} \le 3.\frac{2}{2+1} = 2 $
$\rightarrow \left | \frac{a_1}{2}+\frac{a_2}{3}+...+\frac{a_2}{n+1} \right |<\sqrt{2}$
$ (\frac{a_1}{2}+\frac{a_2}{3}+...+\frac{a_2}{n+1})^2 \le (a_1^2+a_2^2+...+a_n^2)[\frac{1}{2^2}+\frac{1}{3^2}+...+\frac{1}{(n+1)^2}] < $$3.\frac{n}{n+1} \le 3.\frac{2}{2+1} = 2 $
$\rightarrow \left | \frac{a_1}{2}+\frac{a_2}{3}+...+\frac{a_2}{n+1} \right |<\sqrt{2}$
Tại sao lại suy ra được điều này vậy bạn?
Tại sao lại suy ra được điều này vậy bạn?
từ gt $a_1^2+a_2^2+...+a_n^2=3$ $n$ bé nhất bằng $2$
$\frac{1}{2^2}+\frac{1}{3^2}+...+\frac{1}{(n+1)^2} < \frac{1}{1.2}+\frac{1}{2.3}+...+\frac{1}{(n+1)n}=\frac{n}{n+1}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nam Duong: 12-05-2016 - 20:31
từ gt $a_1^2+a_2^2+...+a_n^2=3$ $n$ bé nhất bằng $2$
$\frac{1}{2^2}+\frac{1}{3^2}+...+\frac{1}{(n+1)^2} < \frac{1}{1.2}+\frac{1}{2.3}+...+\frac{1}{(n+1)n}=\frac{n}{n+1}$
Taij sao $n$ bé nhất bằng $2$ hả bạn?
nếu $n=1$ thì $a_1^2=3$, có gì sai?
Taij sao $n$ bé nhất bằng $2$ hả bạn?
nếu $n=1$ thì $a_1^2=3$, có gì sai?
thế đề bạn ghi có $a^2_2$ kìa
thế đề bạn ghi có $a^2_2$ kìa
À, mình xin lỗi, mình đã sửa đề rồi ^^
Bạn thử xem, theo gợi ý thì giờ chỉ cần chứng minh $\frac{1}{2^2}+\frac{1}{3^2}+...+\frac{1}{(n+1)^2} < \frac{2}{3}$ thôi
Mình có một cách cuối cùng là xét hai trường hợp
$+) n=1$ hiển nhiên đúng
$+) n>1$ hay $n\geq 2$
ta có $\frac{1}{2^2}+\frac{1}{3^2}+...+\frac{1}{(n+1)^2} \leq \frac{n}{2^2}$
hay n\leq \frac{8}{3} (đúng) => $\frac{1}{2^2}+\frac{1}{3^2}+...+\frac{1}{(n+1)^2}<\frac{2}{3}$
Không biết bạn có ý gì hay?
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi ngochapid: 12-05-2016 - 21:16
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh