$\boxed{Topic}$ ÔN THI VÀO THPT CHUYÊN TOÁN NĂM HỌC 2017-2018
#41
Đã gửi 24-02-2017 - 22:55
- HoangTienDung1999, toanhocmuonnamTHCS và ToanTHPTHT thích
#42
Đã gửi 24-02-2017 - 22:57
#43
Đã gửi 24-02-2017 - 22:58
Các bài toán số học
$\boxed{1}$Tìm nghiệm nguyên của phương trình: $x^2-2x=27y^3$
$\boxed{2}$ Tìm tất cả các cặp số nguyên dương (x; y) thoả mãn: $(x+y)^3=(x-y-6)^2$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi HoangKhanh2002: 24-02-2017 - 23:01
- tay du ki, HoangTienDung1999, toanhocmuonnamTHCS và 1 người khác yêu thích
#44
Đã gửi 28-02-2017 - 13:06
$\boxed{1}$Tìm nghiệm nguyên của phương trình: $x^2-2x=27y^3$
$(x-1)^{2}=(3y+1)(9y^{2}-3y+1)$
Gọi $\left ( 3y+1;9y^{2}-3y+1 \right )=d\Rightarrow \left\{\begin{matrix} (3y+1)\vdots d & \\ (9y^{2}-3y+1)\vdots d & \end{matrix}\right.$
$\Rightarrow \left\{\begin{matrix} (3y+1)\vdots d & \\ (3y+1)^{2}-9y \vdots d& \end{matrix}\right.\Rightarrow \left\{\begin{matrix} (9y+3)\vdots d & \\ 9y\vdots d & \end{matrix}\right.\Rightarrow d=1$
Do đó 3y + 1 = 1 giải tiếp
- HoangKhanh2002, viet9a14124869 và toanhocmuonnamTHCS thích
#45
Đã gửi 28-02-2017 - 21:01
$\boxed{3}$. Tìm nghiệm nguyên của phương trình:
$2^x+3^y=z^2$
- HoangKhanh2002 yêu thích
$$\mathbf{\text{Every saint has a past, and every sinner has a future}}.$$
#46
Đã gửi 01-03-2017 - 06:47
$\boxed{3}$. Tìm nghiệm nguyên của phương trình:
$2^x+3^y=z^2$
Vì $z^{2}$ là số chính phương nên chia cho 3 dư 0 hoặc 1. Do đó $z^{2}-3^{y}=2^{x}$ chia cho 3 dư 0 hoặc 1
- Xét x lẻ suy ra $2^{x}$ chia cho 3 dư 2 (loại)
- Xét x chẵn . Đặt x = 2k.
Khi đó ta có $z^{2}-2^{2k}=3^{y}\Rightarrow \left ( z-2^{k} \right )\left ( z+2^{k} \right )=3^{a}.3^{b}$
Trong đó a, b là các số tự nhiên thỏa mãn a + b = y và $a\geq b$.
Do đó $\left\{\begin{matrix} z+2^{k}=3^{a} & \\ z-2^{k}=3^{b} & \end{matrix}\right.\Rightarrow 2.2^{k}=3^{a}-3^{b}\Rightarrow 2^{k+1}=3^{b}\left ( 3^{a-b}-1 \right )\Rightarrow 2^{k+1}\vdots 3^{b}$, vô lí.
Vậy b = 0. Khi đó ta có $2^{k+1}+1=3^{y}$
- Xét $y\leq 0$ không thỏa mãn
- Xét y = 1 suy ra k = 0. Ta có (x; y; z) = (0; 1; 2) thỏa mãn
- Xét $y\geq 2$ khi đó. Nếu $k+1\geq 6$ thì $2^{k+1}+1=64.2^{n}+1$ không chia hết cho 9, mà $3^{y}$ chia hết cho 9
Vậy $0\leq k+1\leq 5$. Lần lượt thay k + 1 = 0, 1, 2, 3, 4, 5 ta có k = 2 thỏa mãn. Suy ra (x; y; z) = (4; 2; 5) thỏa mãn
-
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Ngoc Hung: 01-03-2017 - 06:48
- HoangKhanh2002 yêu thích
#47
Đã gửi 01-03-2017 - 12:16
Vì $z^{2}$ là số chính phương nên chia cho 3 dư 0 hoặc 1. Do đó $z^{2}-3^{y}=2^{x}$ chia cho 3 dư 0 hoặc 1
- Xét x lẻ suy ra $2^{x}$ chia cho 3 dư 2 (loại)
- Xét x chẵn . Đặt x = 2k.
Khi đó ta có $z^{2}-2^{2k}=3^{y}\Rightarrow \left ( z-2^{k} \right )\left ( z+2^{k} \right )=3^{a}.3^{b}$
Trong đó a, b là các số tự nhiên thỏa mãn a + b = y và $a\geq b$.
Do đó $\left\{\begin{matrix} z+2^{k}=3^{a} & \\ z-2^{k}=3^{b} & \end{matrix}\right.\Rightarrow 2.2^{k}=3^{a}-3^{b}\Rightarrow 2^{k+1}=3^{b}\left ( 3^{a-b}-1 \right )\Rightarrow 2^{k+1}\vdots 3^{b}$, vô lí.
Vậy b = 0. Khi đó ta có $2^{k+1}+1=3^{y}$
- Xét $y\leq 0$ không thỏa mãn
- Xét y = 1 suy ra k = 0. Ta có (x; y; z) = (0; 1; 2) thỏa mãn
- Xét $y\geq 2$ khi đó. Nếu $k+1\geq 6$ thì $2^{k+1}+1=64.2^{n}+1$ không chia hết cho 9, mà $3^{y}$ chia hết cho 9
Vậy $0\leq k+1\leq 5$. Lần lượt thay k + 1 = 0, 1, 2, 3, 4, 5 ta có k = 2 thỏa mãn. Suy ra (x; y; z) = (4; 2; 5) thỏa mãn
-
Thiếu nghiệm rồi thầy ơi (x; y; z) = (3; 0; 3)
- toanhocmuonnamTHCS và ToanTHPTHT thích
#48
Đã gửi 01-03-2017 - 12:47
Cho a, b, c là độ dài ba cạnh của một tam giác thỏa mãn abc = 3b + 6c. Chứng minh rằng
$\frac{3}{b+c-a}+\frac{4}{c+a-b}+\frac{5}{a+b-c}\geq 4$
- HoangKhanh2002 yêu thích
#49
Đã gửi 01-03-2017 - 13:09
Cho a, b, c là độ dài ba cạnh của một tam giác thỏa mãn abc = 3b + 6c. Chứng minh rằng
$\frac{3}{b+c-a}+\frac{4}{c+a-b}+\frac{5}{a+b-c}\geq 4$
Từ GT ta có $a=\frac{3}{c}+\frac{6}{b}$
hay $\frac{a}{3}=\frac{1}{c}+\frac{2}{b}$ $(1)$
BDT $\Leftrightarrow \frac{1}{b+c-a}+\frac{1}{c+a-b}+\frac{2}{a+b-c}+\frac{2}{b+c-a}+\frac{3}{c+a-b}+\frac{3}{a+b-c} \geq 4$ (*)
Mặt khác VT(*) $\geq \frac{2}{c}+\frac{4}{b}+\frac{6}{a}=\frac{2a}{3}+\frac{6}{a}$ [theo $(1)$ và bđt Cauchy-Schwarz]
Ap dụng BĐT AM-GM ta có : $\frac{2a}{3}+\frac{6}{a}\geq 4$
Suy ra đpcm. DBXR khi $a=b=c=3$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi NHoang1608: 01-03-2017 - 13:13
- Ngoc Hung, CaptainCuong, Kagome và 2 người khác yêu thích
The greatest danger for most of us is not that our aim is too high and we miss it, but that it is too low and we reach it.
----- Michelangelo----
#50
Đã gửi 01-03-2017 - 13:50
$\boxed{5}$. Cho $P(x)=x^3-3x^2+14x-2$. Tìm các số tự nhiên x nhỏ hơn 100 mà P(x) chia hết cho 11
---Trích đề thi HSG Toán 9 tỉnh Phú Thọ 2013 - 2014---
PS: Thầy NgocHung: Thầy ơi mình đang làm các bài toán về số học mà. Rất mong thầy đóng góp nhưng em nghĩ mình nên theo từng dạng, từng phần không nên làm thế này. Nó lộn xộn mà hiệu quả ôn thi thấp ạ! Với lại thầy không đánh số cho bài nên không có trật tự cho các bài viết. Mong thầy sửa ạ!!!
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi HoangKhanh2002: 01-03-2017 - 13:52
- Ngoc Hung, CaptainCuong, HoangTienDung1999 và 3 người khác yêu thích
#51
Đã gửi 01-03-2017 - 14:23
Các bài toán số học
$\boxed{1}$Tìm nghiệm nguyên của phương trình: $x^2-2x=27y^3$
$\boxed{2}$ Tìm tất cả các cặp số nguyên dương (x; y) thoả mãn: $(x+y)^3=(x-y-6)^2$
Lời giải cho bài $\boxed{2}$:
Từ giả thiết $\Rightarrow \left | x-y-6 \right |=(x+y)\sqrt{x+y}> x+y (do x,y\geq 1)$. Xét các trường hợp:
- Nếu $x\geq y+6\Rightarrow \left | x-y-6 \right |=x-y-6> x+y\Leftrightarrow -2y-6>0$. Mà y > 0 $\Rightarrow$ vô lí
- Nếu $x< y+6\Rightarrow \left | x-y-6 \right |=y+6-x>x+y\Leftrightarrow 6-2x>0\Leftrightarrow x<3$
Mà x nguyên dương $\Rightarrow$ $x\in \left \{ 1;2 \right \}$
- Với x = 1 thay vào phương trình đã cho $\Rightarrow$ y = 3
- Với x = 2 thay vào phương trình đã cho $\Rightarrow$ $y\notin N*$
Vậy x = 1; y = 3
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi HoangKhanh2002: 02-03-2017 - 12:22
- Kagome, HoangTienDung1999, toanhocmuonnamTHCS và 1 người khác yêu thích
#52
Đã gửi 01-03-2017 - 15:31
Bổ sung thêm lời giải của thầy NgocHung.
Do thầy thiếu trường hợp VP chia hết cho $3$.
Nhờ đó ta suy ra ngay $x=0$ và việc giải ra nghiệm $(3;0;3)$ là đơn giản.
- Ngoc Hung, HoangKhanh2002, HoangTienDung1999 và 1 người khác yêu thích
$$\mathbf{\text{Every saint has a past, and every sinner has a future}}.$$
#53
Đã gửi 01-03-2017 - 20:18
Bài 5 ...
Ta có $p(x)=(x-2)(x^2-x+1)+11x$
Dễ thấy rằng $x^2-x+1$ không chia hết cho 11 với mọi x ( bằng cách xét số dư của x khi chia cho 11 )
Do đó x-2 chia hết cho 11
Vậy $x\in \left \{ 2,13,24,35,46,57,68,79,90 \right \}$
^-^-^-^ .......topic rất hay và bổ ích .......^-^-^-^
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi viet9a14124869: 02-03-2017 - 12:23
- CaptainCuong, HoangKhanh2002 và HoangTienDung1999 thích
SÓNG BẮT ĐẦU TỪ GIÓ
GIÓ BẮT ĐẦU TỪ ĐÂU ?
ANH CŨNG KHÔNG BIẾT NỮA
KHI NÀO...? TA YÊU NHAU .
#54
Đã gửi 02-03-2017 - 12:21
Bài 5
Ta có $p(x)=(x-2)(x^2-x+1)+11x$
Dễ thấy rằng $x^2-x+1$ không chia hết cho 11 với mọi x
Do đó x-2 chia hết cho 11
Vậy $x\in \left \{ 2,13,24,35,46,57,68,79,90 \right \}$
Bạn phải chứng minh rằng $x^2-x+1$ không chia hết cho 11 với mọi x. Nếu chưa CM nó chưa chặt chẽ
- HoangTienDung1999, viet9a14124869, toanhocmuonnamTHCS và 1 người khác yêu thích
#55
Đã gửi 02-03-2017 - 12:24
$\boxed{6}$ Cho đa thức P(x) với hệ số nguyên thoả mãn: $P(2012)=P(2013)=P(2014)=2013$. Chứng minh rằng đa thức $P(x)-2014$ không có nghiệm nguyên
- HoangTienDung1999, viet9a14124869, toanhocmuonnamTHCS và 1 người khác yêu thích
#56
Đã gửi 02-03-2017 - 13:14
$\boxed{6}$ Cho đa thức P(x) với hệ số nguyên thoả mãn: $P(2012)=P(2013)=P(2014)=2013$. Chứng minh rằng đa thức $P(x)-2014$ không có nghiệm nguyên
Bài 6 : Giả sử đa thức P(x) -2014 có nghiệm nguyên a
Ta nhận thấy P(x)=(x-2012)(x-2013)(x-2014).Q(x) +2013
Do P(a)-2014=0 nên (a-2012)(a-2013)(a-2014).Q(a)+2013-2014=0 hay (a-2012)(a-2013)(a-2014).Q(x) =1
Mặt khác ,,,,VT là số chẵn ,,,,,VP là số lẻ nên vô lí
Vậy đa thức P(x)-2014 không có nghiệm nguyên (đpcm) ..........^-^
- CaptainCuong, Kagome, HoangKhanh2002 và 1 người khác yêu thích
SÓNG BẮT ĐẦU TỪ GIÓ
GIÓ BẮT ĐẦU TỪ ĐÂU ?
ANH CŨNG KHÔNG BIẾT NỮA
KHI NÀO...? TA YÊU NHAU .
#57
Đã gửi 02-03-2017 - 13:47
- HoangTienDung1999, viet9a14124869, toanhocmuonnamTHCS và 1 người khác yêu thích
#58
Đã gửi 02-03-2017 - 14:27
Mình xin đóng góp một bài cho topic.
$\boxed{7}$ (Olympic Anh 2005) Cho N là số nguyên dương. Có đúng 2005 cặp (x, y) các số nguyên dương sao cho:
$$\frac{1}{x}+\frac{1}{y}=\frac{1}{N}.$$
Chứng minh rằng N là số chính phương.
Chú ý: Nếu a khác b thì cặp (a, b) khác (b, a).
- HoangKhanh2002, HoangTienDung1999 và viet9a14124869 thích
#59
Đã gửi 05-03-2017 - 10:28
Để topic được tiếp tục thì mình xin đăng lên lời giải của bài toán 7 và đề nghị một bài toán mới.
Ở đây kí hiệu $d(N)$ thay cho số ước số tự nhiên của N.
Sau đây là bài toán mới.
$\boxed{8}$. (USA(J)MO 2015) Tìm các số nguyên $x,y$ sao cho $x^2+xy+y^2=\left( \frac{x+y}{3}+1\right) ^{3}$.
- HoangKhanh2002, HoangTienDung1999 và viet9a14124869 thích
#60
Đã gửi 13-03-2017 - 18:01
$\boxed{9}$ Tìm nghiệm nguyên của phương trình: $3x^2+6y^2+2z^2+3y^2z^2-18x=6$
- HoangTienDung1999, toanhocmuonnamTHCS và ToanTHPTHT thích
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh