mấy bài số học khó.
#1
Đã gửi 23-11-2009 - 16:37
1. Cho dãy (na+b) n=1,2... với (a,b)=1, a,b N^{+}. Cmr có thể chọn ra dãy con sao cho các phần tử đôi một nguyên tố cùng nhau.
2. Cho P(x) là đa thức hệ số nguyên dương, xét dãy số a_{0}=0; a_{n+1}=P().
CMR (a_{m};)=a_{(m,n)}.
3. Cho là dãy Fibonaxi. Cm (,a_{m})=a_{(m,n)}. ( em nghe nói bài này áp dụng bài trên mà ko ra).
#2
Đã gửi 23-11-2009 - 17:10
Cho dãy $(na+b) n=1,2... .(a,b)=1, a,b \in N^{+}$. Cmr có thể chọn ra dãy con sao cho các phần tử đôi một nguyên tố cùng nhau.
2. Cho $P(x)$ là đa thức hệ số nguyên dương, xét dãy số $x_{0}=0; x_{n+1}=P(x_{n})$.
CMR $(x_{m};x_{n})=x_{(m,n)}$.
3. Cho $x_{n}$ là dãy Fibonaxi. Cm ($x_{n},x_{m}$)=$x_{(m,n)}$. .
Bài 3: Ta sẽ cm đc $x_{n}$=$x_{k}x_{n+1-k}+x_{k-1}x_{n-k}. \ k=2,3...,n-1$.
Áp dụng ta có $x_{m}=x_{n}x_{m+1-n}+x_{n-1}x_{m-n}$.
Khi đó ( $x_{m},x_{n}$)=($x_{n}, x_{n-1}x_{m-n}$)=($x_{n},x_{m-n}$).
Áp dụng liên tiếp và thuật toán Euclide là OK
Bài 2: Giả sử $m=nk+r$
Ta có $x_{1}=P(0)$.
Dễ thấy $x_{n+1} \equiv x_{1} (mod x_{n})$ => $x_{n+2} \equiv P(x_{1})=x_{2} (mod x_{n})$.
CM đc $x_{m} \equiv x_{m-n} (mod x_{n})$. Áp dụng liên tiếp ta có $x_{m} \equiv x_{r} (mod x_{r})$.
Khi đó $(x_{m},x_{n})=(x_{n},x_{r})$. Dùng thuật toán Euclide ta có đpcm
Bài 1: dùng định lí thặng dư trung hoa ( ngồi mãi cuối cùng cũng ra)
Ta sẽ xây dựng dãy $x_{n}$ bằng dãy $x_{1},...,x_{n}$.
Xét $x_{i}=k_{i}a+b, \ i=1,2,..,n.$
Do $(x_{i},x_{j})=1$ theo định lí Trung Hoa thì tồn tại duy nhất $k_{n+1} \equiv k_{i} +1 ( mod x_{i})$.
Xét $x_{n+1}=k_{n+1}a+b$. Ta cần cm $(x_{i}, x_{n+1})=1$.
Thật vậy:
$(x_{i}, x_{n+1})=( x_{i}, x_{n+1}-x_{i})=( x_{i}, a (k_{n+1}-k_{i}))=1$ ( do $(a,b)=1$ và cách xây dựng dãy) => đpcm
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi hongthaidhv: 24-11-2009 - 15:47
La classe des Matériaux Avancés - Groupe des Écoles des Mines (GEM)
Mél: [email protected]
Y!M: turjnto_le
Facebook: http://www.facebook.com/hongthai.le
Télé: +84(0)936 431 156
+84(0) 979 646 777
#3
Đã gửi 23-11-2009 - 19:53
Bài 3: Ta sẽ cm đc $a_n$ = $a_k.a_{n + 1 - k} + a_{k - 1}.a_{n - k}. \ k = 2, 3..., n - 1$.
Áp dụng ta có $a_m = a_n.a_{m + 1 - n} + a_{n - 1}.a_{m - n}$.
Khi đó ($a_m, a_n$) = ($a_n, a_{n - 1}.a_{m - n}$) = ($a_n, a_{m - n}$). Áp dụng liên tiếp và thuật toán Euclide là OK
Bài 2: Giả sử $m = nk + r$
Ta có $a_1 = P(0)$.
Dễ thấy $a_{n + 1 \equiv a_1 (mod a_n)$ => $a_{n + 2} \equiv P(a_1) = a_2 (mod a_n)$.
CM đc $a_m \equiv a_{m - n} (mod a_n)$. Áp dụng liên tiếp ta có $a_m \equiv a_r (mod a_r)$.
Khi đó $(a_m, a_n) = (a_n, a_r)$. Dùng thuật toán Euclide ta có đpcm
Bài 1: dùng định lí thặng dư trung hoa ( ngồi mãi cuối cùng cũng ra)
Ta sẽ xây dựng dãy $x_n$ bằng dãy $x_1,..., x_n$.
Xét $x_i = k_i a + b, \ i = 1, 2,.., n.$
Do $(x_i, x_j) = 1$ theo định lí Trung Hoa thì tồn tại duy nhất $k_{n + 1} \equiv k_i +1 ( mod x_i)$.
Xét $x_{n + 1} = k_{n + 1}a + b$. Ta cần cm $(x_i, x_{n + 1}) = 1$.
Thật vậy:
$(x_i, x_{n + 1}) = ( x_i, x_{n + 1} - x_i) = ( x_i, a (k_{n + 1} - k_i)) = 1$ ( dễ thấy) => đpcm
P/S: nhờ ai đó edit hộ công thức toán bài 2,3. mình làm mãi ko đc
Như này đúng chưa anh
"God made the integers, all else is the work of men"
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh