Mỗi ngày một chút
#161
Đã gửi 11-09-2011 - 21:37
Bài 75: Tìm tất cả các số nguyên dương $n$ sao cho $n^4+6n^3+11n^2+3n+31$ là số chính phương.
#162
Đã gửi 11-09-2011 - 23:12
Thử tí xem sao :Góp 1 bài cho vui tý vậy
Bài 75: Tìm tất cả các số nguyên dương $n$ sao cho $n^4+6n^3+11n^2+3n+31$ là số chính phương.
Ta có $ n^4+6n^3+11n^2+3n+31 > n^4+6n^3+9n^2=(n^2+3n)^2 $. Và :
$ n^4+6n^3+11n^2+3n+31 < (n^2+3n+6)^2 $. Do đó :
$ n^4+6n^3+11n^2+3n+31= (n^2+3n+a)^2 ; a\in [1;5], a \in \mathbb{N} $.
$ \Leftrightarrow 2(a-1)n^2+(6a-3)n+a^2-31=0 ; a\in [1;5];a \in \mathbb{N} $.
Với $ a=1 \Rightarrow n=10 $. Với $ a=2,3,4,5 $. đều không có giá trị n thỏa
Do vậy $ n=10$ là giá trị cần tìm .
Đôi khi ta mất niềm tin để rồi lại tin vào điều đó một cách mạnh mẽ hơn .
#163
Đã gửi 11-09-2011 - 23:23
Đôi khi ta mất niềm tin để rồi lại tin vào điều đó một cách mạnh mẽ hơn .
#165
Đã gửi 12-09-2011 - 23:30
Không phải BĐT này chính là $3(a^3+b^3+c^3)^2 \ge (a^2+b^2+c^2)^3$ sao?Bài 77: Một Bất đẳng thức đẹp . Cho $ a,b,c $ là các số dương . Chứng minh rằng:
$ (\dfrac{a^2+b^2+c^2}{3})^\dfrac{1}{2} \leq ( \dfrac{a^3+b^3+c^3}{3})^\dfrac{1}{3} $
#166
Đã gửi 12-09-2011 - 23:40
Và không phải nó là hệ quả trực tiếp của hoder sao?Không phải BĐT này chính là $3(a^3+b^3+c^3)^2 \ge (a^2+b^2+c^2)^3$ sao?
#167
Đã gửi 13-09-2011 - 13:38
Nhận thấy $7^2 \equiv 1 \pmod{4} \Rightarrow 7^7 \equiv 3 \pmod{4}$.Bài 76 : Tìm chữ số tận cùng của $ 7^{7^7} $
$7^{7^7}=7^{4k+3}=(7^4)^k.7^3 \equiv 3 \pmod{10}$.
Vậy $7^{7^7}$ tận cùng là $\fbox{3}$.
P/s: Một bài mở rộng.
Chứng minh rằng
$7^{7^{7^7}}-7^{7^7} \ \vdots \ 100$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Phạm Quang Toàn: 13-09-2011 - 17:25
- Zaraki yêu thích
Discovery is a child’s privilege. I mean the small child, the child who is not afraid to be wrong, to look silly, to not be serious, and to act differently from everyone else. He is also not afraid that the things he is interested in are in bad taste or turn out to be different from his expectations, from what they should be, or rather he is not afraid of what they actually are. He ignores the silent and flawless consensus that is part of the air we breathe – the consensus of all the people who are, or are reputed to be, reasonable.
Grothendieck, Récoltes et Semailles (“Crops and Seeds”).
#169
Đã gửi 21-09-2011 - 09:28
10): xem $(x^2+x+4)$ là ẩn ta được:Bài 10 : Giải phương trình sau :
$ (x^2+x+4)^2+3x(x^2+x+4)+2x^2=0 $
Bài 11 : Giải hệ phương trình :
$ \left\{\begin{array}{l}{2x+x^2y=y}\\{2y+y^2z=z}\\{2z+z^2x=x}\end{array}\right. $
$(x^2+x+4)=-x;$
$(x^2+x+4)=-2x;$
#170
Đã gửi 21-09-2011 - 12:11
Bài làmBài 78 : Giải các phương trình :
1 )$ 3^x+5^x = 2.4^x $
Phương trình tương đương: ${\left( {\frac{3}{4}} \right)^x} + {\left( {\frac{5}{4}} \right)^x} - 2 = 0$
Xét :$f(x) = {\left( {\frac{3}{4}} \right)^x} + {\left( {\frac{5}{4}} \right)^x} - 2$
Dễ dàng tính được: $f''(x) = {\ln ^2}\left( {\frac{3}{4}} \right).{\left( {\frac{3}{4}} \right)^x} + {\ln ^2}\left( {\frac{5}{4}} \right).{\left( {\frac{5}{4}} \right)^x} > 0$
Theo Định lý Roll, phương trình $f(x) = 0$ sẽ có tối đa 2 nghiệm
Dễ thấy $x=0,x=1$ là nghiệm.
Vậy phương trình có 2 nghiệm là $x=0,x=1$.
P/s: Ngoài ra có thể dùng Định lý Lagrange
- Nguyễn Hoàng Lâm yêu thích
Sống trên đời
Cần có một tấm lòng
Để làm gì em biết không?
Để gió cuốn đi...
#171
Đã gửi 21-09-2011 - 14:34
$$19^x+5^y+1890z=1975^{4^{30}}+1993$$
- go out yêu thích
Discovery is a child’s privilege. I mean the small child, the child who is not afraid to be wrong, to look silly, to not be serious, and to act differently from everyone else. He is also not afraid that the things he is interested in are in bad taste or turn out to be different from his expectations, from what they should be, or rather he is not afraid of what they actually are. He ignores the silent and flawless consensus that is part of the air we breathe – the consensus of all the people who are, or are reputed to be, reasonable.
Grothendieck, Récoltes et Semailles (“Crops and Seeds”).
#172
Đã gửi 21-09-2011 - 20:26
VP chia 5 dư 1 or dư 4Bài 79 Chứng minh rằng không tồn tại $x,y,z$ nguyên nào thỏa mãn
$$19^x+5^y+1890z=1975^{4^{30}}+1993$$
VP ch ia 5 dư 3
=> ptvn.
p/s: Phiên bản mới nhìn giống web Tuoi thơ quá... Khó nhìn, khó sử dụng. Trời sinh sao để vậy...
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi go out: 21-09-2011 - 20:28
Bạn có thể giữ được sự bình tĩnh của bạn;
Còn khi bạn sai,
Bạn không thể để mất sự bình tĩnh đó”.
#173
Đã gửi 21-09-2011 - 21:09
- go out yêu thích
Discovery is a child’s privilege. I mean the small child, the child who is not afraid to be wrong, to look silly, to not be serious, and to act differently from everyone else. He is also not afraid that the things he is interested in are in bad taste or turn out to be different from his expectations, from what they should be, or rather he is not afraid of what they actually are. He ignores the silent and flawless consensus that is part of the air we breathe – the consensus of all the people who are, or are reputed to be, reasonable.
Grothendieck, Récoltes et Semailles (“Crops and Seeds”).
#174
Đã gửi 21-09-2011 - 22:06
VT: $5^y + 1980z $ chia hết cho 5 . Do đó VT đồng dư với $19^x$ mod 5
hay vế trái chia 5 dư 1 hoặc dư 4
Vế phải chia 5 dư 3
Ở trên anh đánh nhầm VT thành VP thôi, sr...
Chán, gõ mệt khiếp, xóa chữ cũng mất thời gian, mong BQT trả về hình hài cũ... Giao diện mới không phù hợp với lứa tuổi cũng như vẻ trang nghiêm của một diễn đàn lớn.
Bạn có thể giữ được sự bình tĩnh của bạn;
Còn khi bạn sai,
Bạn không thể để mất sự bình tĩnh đó”.
#175
Đã gửi 22-09-2011 - 22:28
là đa thức với hệ số nguyên sao cho với mọi số nguyên dương $n$ đều tồn tại $P_i$
trong $S$ sao cho $P_i | f (n)$ . Chứng minh rằng tồn tại $i$ sao cho $P_i | f (n),n \forall N^*$ .
Đôi khi ta mất niềm tin để rồi lại tin vào điều đó một cách mạnh mẽ hơn .
#176
Đã gửi 24-09-2011 - 15:21
Bài toán 81: Giải các phương trình:
1/ $\sqrt[3]{{\dfrac{{2x}}{{x + 1}}}} + \sqrt[3]{{\dfrac{1}{2} + \dfrac{1}{{2x}}}} = 2$
2/ $2{x^2} + \sqrt {1 - x} + 2x\sqrt {1 - {x^2}} = 1$
#177
Đã gửi 24-09-2011 - 16:36
Bài 2:Bài 78 : Giải các phương trình :
1 )$ 3^x+5^x = 2.4^x $
2) $ (1+x)(2+4^x)=3.4^x $
$PT \Leftrightarrow \dfrac{{{{3.4}^x}}}{{2 + {4^x}}} - x - 1 = 0$
Đặt: $f\left( x \right) = \dfrac{{{{3.4}^x}}}{{2 + {4^x}}} - x - 1 \Rightarrow f'\left( x \right) = \dfrac{{6\ln {{4.4}^x}}}{{{{\left( {2 + {4^x}} \right)}^2}}} - 1$
$ \Rightarrow f'\left( x \right) = 0 \Leftrightarrow 6\ln {4.4^x} = {\left( {2 + {4^x}} \right)^2}$
Đây là pphuowng trình bậc 2 theo ${4^x}$ nên có không quá 2 nghiệm. Vậy theo định lý Rolle phương trình $f\left( x \right) = 0$ có không quá 3 nghiệm.
Lại có: $f\left( 0 \right) = f\left( {\dfrac{1}{2}} \right) = f\left( 1 \right) = 0$
Vậy phương trình đã cho có 3 nghiệm là $x \in \left\{ {0;\dfrac{1}{2};1} \right\}$.
#178
Đã gửi 24-09-2011 - 18:26
Bài 82:Cho dãy $\{S_n \}:S_4=1;S_{m+1}=1.(m-2)+2(m-3)+3(m-4)+...+(m-2)(m \ge 4)$.Tính $S_{n}$
- Nguyễn Hoàng Lâm yêu thích
#179
Đã gửi 24-09-2011 - 21:32
1 cách...
$P=x^2+y^2-xy=3-2xy$
$3+xy=(x+y)^2 \in [0;4] \Rightarrow -3 \le xy \le 1$
$1 \le P \le 9$
$\min P=1 \Leftrightarrow x=y=1;\max P=9 \Leftrightarrow (x;y)=(-\sqrt{3};\sqrt{3});(\sqrt{3};-\sqrt{3})$
Ta viết lại điều kiện: $\left\{ \begin{array}{l}x + y = 2 - a\\{x^2} + {y^2} + xy = 3\end{array} \right.\,,a \ge 0 \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}x + y = 2 - a\\xy = {\left( {2 - a} \right)^2} - 3\end{array} \right.$
Điều kiện $\exists \left( {x;y} \right):\,0 \le a \le 4$
Khi đó: $P = 9 - 2{\left( {a - 2} \right)^2}$
$maxP = 9 \Leftrightarrow a = 2 \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}x + y = 0\\xy = - 3\end{array} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}x = \pm \sqrt 3 \\y = \mp \sqrt 3\end{array} \right.$
$minP = 1 \Leftrightarrow a = 0 \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l}x + y = 2\\xy = 1\end{array} \right. \Leftrightarrow x = y = 1$.
- vietfrog và hoahuongduong96 thích
#180
Đã gửi 25-09-2011 - 15:50
mình chém bài 81.1Lâu rồi không được lên VMF. Nay có cơ hội ghé thăm VMF thấy lạ quá . Giờ mình xin góp 1 bài.
Bài toán 81: Giải các phương trình:
1/ $\sqrt[3]{{\dfrac{{2x}}{{x + 1}}}} + \sqrt[3]{{\dfrac{1}{2} + \dfrac{1}{{2x}}}} = 2$
2/ $2{x^2} + \sqrt {1 - x} + 2x\sqrt {1 - {x^2}} = 1$
$ PT \leftrightarrow \sqrt[3]{\dfrac{2x}{x+1}}+\sqrt[3]{\dfrac{x+1}{2x}} =2 $
vì $ \dfrac{2x}{x+1} và \dfrac{x+1}{2x} $ luôn cùng dấu nên $ VT \geq 2 =VP $
dấu = xảy ra khi x=1
xong
Mong rằng toán học bớt khô khan
Em ơi trong toán nhiều công thức
Cũng đẹp như hoa lại chẳng tàn
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh