bài hình khá dễ
#2021
Đã gửi 08-04-2007 - 16:49
Tìm tọa độ các đỉnh hình vuông ABCD mà có : A thuộc $d_1$ , C thuộc $d_2$ và B,D thuộc trục Ox .
*Bài 2 :Cho các điểm A(0,2) và B(-$\sqrt{3},-1$) . Tìm tọa độ trực tâm , tâm đường tròn nội , ngoại tiếp tam giác OAB .
*Bài 3 :Cho điểm M(-1,2) và 2 đường thẳng $d_1: x+2y+1=0$ , và $d_1: 2x+y+2=0$ . Viết PT đường thẳng $d_3$ đi gua M , cắt $d_1,d_2$ tại 2 điểm A,B mà MA=2MB .
*Bài 4 :Cho các điểm A(0,1) , B(-2,-5) , C(4,9) . Viết PT các cạnh hình thoi nội tiếp tam giác ABC mà 1 đỉnh của hình thoi đó là A .
*Bài 5 :Cho các điểm A(1,2) , B(3,4) , và tam giác ABC có $cos\widehat{BAC}=\dfrac{2}{\sqrt{5}}$ và $cos\widehat{ABC}=\dfrac{3}{\sqrt{10}}$ . Viết PT các cạnh tam giác ABC
From toanthpt.net
#2022
Đã gửi 10-04-2007 - 01:13
Bài 2: Trong mfOxy cho A(1; 1). Tìm trên Ox điểm B, trên đường thẳng y = 3 điểm C sao cho tam giác ABC đều.
Bài 3: Chứng minh rằng tập hợp tất cả các điểm đối xứng của một tiêu điểm của một elip cùng thuộc một đường tròn.
Bài 4: Cho đường tròn (O) và điểm F nằm trong đó. Một góc vuông xAy thay đổi sao cho tia Ax luôn đi qua F còn A thì chạy trên (O). Chứng minh rằng tia Ay luôn tiếp xúc một elíp cố định.
Bài 5. Viết phương trình đường tròn đi qua giao điểm của đường tròn $x^{2} + y^{2}$ - 2x + 4y - 20 = 0 với đường thẳng x - 7y + 10 = 0 và đi qua A(1; - 2).
#2023
Đã gửi 11-04-2007 - 12:30
#2024
Đã gửi 14-04-2007 - 01:07
Cach 1: Gọi M là trung điểm BC. Ta có $\vec{OA} + \vec{OB} + \vec{OC} = \vec{OA} + 2 \vec{OM} = \vec{OA}+ \vec{AH} = \vec{OH} $CMR trọng tâm, trực tâm , tâm đường tròn ngoại tiếp tam giác thẳng hàng bằng nhiều cách ( trong đó 1 cách là dùng phương pháp tọa độ )
Mặt khác $\vec{OA} + \vec{OB} + \vec{OC} = 3\vec{OG} $
Suy ra $\vec{OH} =3 \vec{OG} $
Cách 2: Gọi M, N, P theo thứ thự là trung điểm BC, CA, AB. Ta có $\vec{GM} =- \dfrac{1}{2} \vec{GA} $
$\vec{GN} =- \dfrac{1}{2} \vec{GB} $
$\vec{GP} =- \dfrac{1}{2} \vec{GC} $
Suy ra phép vị tự tâm G tỷ số $-\dfrac{1}{2}$ biến tam giác ABC thành tam giác MNP. Do đó biến trực tâm H của tam giác ABC thành trực tâm O của tam giác MNP. Do đó $\vec{GO} =- \dfrac{1}{2} \vec{GH} $
==========================
Có thể tin ai nếu không tin chính mình...?
#2025
Đã gửi 16-04-2007 - 20:23
$ \delta AHG \approx \delta MIG$
=>$ \widehat{AGH} =\widehat{MGI}$
=> H,G,I Thằng hàng với H trực tâm , G trọng tâm, I tâm dt ngoại tiếp M trung điểm BC
SẼ LUÔN LUÔN Ở BÊN BẠN
#2026
Đã gửi 16-04-2007 - 20:32
Nếu tam giác có các góc nhỏ hơn 120o thì đõ là điểm Toricelli tức là điểm nhìn các cạnh trong tam giác dưới góc 120o
CM cái này = phép quay
CÒn nếu có góc nào lớn hơn 120o thì điểm đó sẽ chính là đỉnh của góc đó
SẼ LUÔN LUÔN Ở BÊN BẠN
#2027
Đã gửi 17-04-2007 - 20:30
"Cho tam giác ABC bất kỳ. Chứng minh rằng: đường phân giác luôn nằm giữa đường cao và đương trung tuyến?"
Mong mọi người trợ giúp với ạ!
Hướng giải có lẽ là vẽ thêm để tạo nên hình bình hành nhưng cụ thể thế nào thì em chưa nghĩ ra.
#2028
Đã gửi 17-04-2007 - 20:33
Nếu chỉ có đúng 3 đt đi qua mỗi giao điểm thì với n=4 đúng là ko tồn tại
Nhưng nếu đó chỉ là ít nhất thì có thể tồn tại VD như là các dt đồng quy chẳng hạn
SẼ LUÔN LUÔN Ở BÊN BẠN
#2029
Đã gửi 17-04-2007 - 23:07
Ta có BĐT đã cho tương đương : $\sqrt{ ( x+ \dfrac{y}{2}) ^{2} + ( \dfrac{ \sqrt{3} }{2}.y )^{2} } +\sqrt{ (x+ \dfrac{z}{2}) ^{2}+ ( \dfrac{ \sqrt{3} }{2}.z )^{2} } \geq \sqrt{ ( \dfrac{y}{2}- \dfrac{z}{2} )^{2} + ( \dfrac{ \sqrt{3} }{2}.y+ \dfrac{ \sqrt{3} }{2}.z )^{2} } $ (1)$\sqrt{ x^{2}+xy+ y^{2}} + \sqrt{ x^{2}+xz+ z^{2}} \geq \sqrt{ y^{2}+yz+ z^{2}} $
Trong mf Oxy đặt: $A(x+ \dfrac{y}{2} ; \dfrac{ \sqrt{3} }{2}.z ) $; $B(0; \dfrac{ \sqrt{3} }{2}.y+ \dfrac{ \sqrt{3} }{2}.z) $; $C( \dfrac{y}{2} - \dfrac{z}{2} ; 0)$
Khi đó (1) tương đương $AB + AC \geq BC$
==================
Bại không nản, thắng không kiêu!!!
#2030
Đã gửi 18-04-2007 - 08:05
"Cho tam giác ABC bất kỳ. Chứng minh rằng: đường phân giác luôn nằm giữa đường cao và đương trung tuyến?"
Gọi m, l, h theo thứ tự là độ dài trung tuyến , phân giác trong, đường cao cùng đỉnh. Ta chứng minh m không bé hơn l nhờ vào công thức tính m, l. Cò l không bé hơn h là hiển nhiên.
Có lẽ dùng véc tơ là chặt nhất. Tối nay mình sẽ nó cách véc tơ.
===========
Một ngày mới đã bắt đầu từ lâu rồi...
#2031
Đã gửi 18-04-2007 - 20:08
Gọi m, l, h theo thứ tự là độ dài trung tuyến , phân giác trong, đường cao cùng đỉnh. Ta chứng minh m không bé hơn l nhờ vào công thức tính m, l. Cò l không bé hơn h là hiển nhiên.
Có lẽ dùng véc tơ là chặt nhất. Tối nay mình sẽ nó cách véc tơ.
===========
Một ngày mới đã bắt đầu từ lâu rồi...
Vâng, em cám ơn bác nhiều lắm ạ! Đang chờ câu trả lời của bác về cách 2 của bài này!!
#2032
Đã gửi 18-04-2007 - 21:23
Vâng, em cám ơn bác nhiều lắm ạ! Đang chờ câu trả lời của bác về cách 2 của bài này!!
Trong tam giác ABC, gọi M, D, H theo thứ tự là chân trung tuyến, chân phân giác và chân đường cao xuất phát từ đỉnh A. Đặt AB = c, BC = a, CA = b.
Ta có: $\vec{DH}. \vec{BC} = \vec{AD}. \vec{CB} = \dfrac{1}{b+c}.(b \vec{AB} +c \vec{AC} )( \vec{AB} - \vec{AC})= \dfrac{c-b}{c+b}. (bc+ \vec{AB} . \vec{AC}) $
Ta cũng có: $\vec{MH}. \vec{BC}= \dfrac{1}{2}.( \vec{BA} + \vec{CA})( \vec{AC}- \vec{AB} )= \dfrac{1}{2} ( c^{2}- b^{2}) $
Từ đosuy ra đpcm.
=====================
Việc học không có nấc thang cuối cùng nhưng cũng chỉ để mình hơn chính mình!!!
#2033
Đã gửi 19-04-2007 - 20:48
#2034
Đã gửi 24-04-2007 - 23:16
#2035
Đã gửi 29-04-2007 - 10:04
#2036
Đã gửi 25-06-2007 - 20:28
#2037
Đã gửi 30-06-2007 - 19:00
Chẳng bao giờ em đến được với anh.
Chỉ một lần ... một lần thôi và mãi mãi
Vần thơ em vẫn nhuốm màu dang dở
Một nửa anh...một nửa em..nửa dại khờ.
Chẳng bao giờ ta đến được với nhau...
Phút yêu thương chỉ là trong mộng tưởng
Cố gạt lòng...dừng nhớ lại nhớ thêm...
#2038
Đã gửi 01-07-2007 - 12:06
$aMA^{2} +bMB^{2}+cMC^{2} $ abc
CMR M là duy nhất
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi quanghoa: 01-07-2007 - 12:09
#2039
Đã gửi 01-07-2007 - 12:20
$ \int_{a}^{b} \sqrt{1+c*cosx} dx$ Và tui đã bó tay lắc đầu. Hic Hic.
Hình như a=0 và b=$\pi/2$ thì phải và c là hằng số
#2040
Đã gửi 02-07-2007 - 20:12
Ngắn thôi !!!Cho tam giác ABC có AB=c ; CA=b ; BC=a C/M rằng có 1 điểm M duy nhất thỏa mãn : aMA^{2} +bMB^{2}+cMC^{2} abc Các anh em làm thử coi cũng ổn đấy ko biết post chỗ nào cho phù hợp nữa
Ta có :$ (\sum a\vec{MA})^2\ge 0$
Khi đó :
Ta có :$ \large \sum aMA^2=(a+b+c)MI^2+\sum aIA^2=(a+b+c)MI^2+abc\ge abc$
I là tâm đường tròn nội tiếp
Khi ấy gt suy ra dấu $= $xảy ra : thì $M$ Trùng$ I$
Chú ý đề như6 thế chưa đúng nhé
( phái nói là : NẾu tồn tại thì M là duy nhất
Vì : $\sum aMA^2<abc$ thì không tồn tại đâu nhé)
Đời người là một hành trình...
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh