Tìm Min $P=(1+\frac{a}{b})(1+\frac{b}{c})(1+\frac{c}{a})$
#1
Posted 31-03-2012 - 21:32
*trích đề thi chọn hsg lớp 9 tỉnh Hà Tĩnh năm học 2007-2008)
- Dung Dang Do, C a c t u s and MitHam like this
Thà đừng yêu để giữ mình trong trắng
Lỡ yêu rôì nhất quyết phải thành công
#2
Posted 31-03-2012 - 23:51
Áp dụng trực tiếp $AM=GM$ ta có :
$$VT \ge 2\sqrt{\dfrac{a}{b}}.2\sqrt{\dfrac{b}{c}}2\sqrt{\dfrac{c}{a}} = 8$$
Edited by huymit_95, 01-04-2012 - 00:29.
- Dung Dang Do and C a c t u s like this
Off vĩnh viễn ! Không ngày trở lại.......
#3
Posted 01-04-2012 - 09:21
Không đơn giản như vậy đâu bạn.. do tam giác ABC có góc C không nhọn nên ta có $c^{2}\geq a^{2}+b^{2}$Bài này mình thấy cho $a, b, c$ là các cạnh của tam giác thì không ý nghĩa lắm, chỉ là tương đương điều kiện $a, b, c$ $\#$ 0 thôi thì phải .
Áp dụng trực tiếp $AM=GM$ ta có :
$$VT \ge 2\sqrt{\dfrac{a}{b}}.2\sqrt{\dfrac{b}{c}}2\sqrt{\dfrac{c}{a}} = 8$$
$P= 2 +\frac{a}{b}+\frac{b}{c}+\frac{c}{a}+\frac{a}{c}+\frac{b}{a}+\frac{c}{b}$
$\geq 4+\frac{b}{c}+\frac{c}{a}+\frac{a}{c}+\frac{c}{b}$
$= \geq 4+\frac{b}{c}+\frac{c}{2a}+\frac{c}{2a}+\frac{a}{c}+\frac{c}{2b}+\frac{c}{2b}$
$\geq 4+6\sqrt[6]{\frac{c}{2b}\frac{a}{c}\frac{b}{c}\frac{c}{2b}\frac{c}{2a}\frac{c}{2a}}$
$\geq 4+6\sqrt[6]{\frac{c^{2}}{2^{4}ab}}$
$\geq 4+6\sqrt[6]{\frac{a^{2}+b^{2}}{2^{4}ab}}$
$\geq 4+\frac{6}{\sqrt{2}}$$=4+3\sqrt{2}$
Dấu = xảy ra $\Leftrightarrow$ tam giác ABC vuông cân tại C
- cvp, cool hunter, Tham Lang and 9 others like this
#4
Posted 20-06-2012 - 16:21
Edited by trungdung97, 20-06-2012 - 16:21.
- caokhanh97 likes this
#5
Posted 22-06-2012 - 20:34
mình xin đưa ra bài toán khó hơn nhiều Cho tam giác ABC không nhọn có BC=a,CA=b,AB=c.Tìm GTNN của biểu thức A= a/(b+c)+b/(a+c)+c/(a+b)
Do tam giác ABC không nhọn nên sẽ có 1 góc lớn hơn hoặc bằng 90 độ, do đó cạnh đối diện với góc đó là lớn nhất. Không giảm tính tổng quát, giả sử đó là AB thì ta có: $c^2 \ge a^2+b^2$.
Từ $c^2 \ge a^2+b^2 \Rightarrow (\frac{a}{c})^2+(\frac{b}{c})^2\leq 1$.
Và ta biến đổi:
$A=\frac{a}{b+c}+\frac{b}{c+a}+\frac{c}{a+b}=\frac{\frac{a}{c}}{\frac{b}{c}+1}+\frac{\frac{b}{c}}{1+\frac{a}{c}}+\frac{1}{\frac{a}{c}+\frac{b}{c}}$
Đặt: $\left\{\begin{matrix}
\frac{a}{c}=x\\
\frac{b}{c}=y
\end{matrix}\right.$
Ta được: $x^2+y^2 \le 1$ và:
$A=\frac{x}{y+1}+\frac{y}{x+1}+\frac{1}{x+y}$
Theo Cauchy - Schwarz và AM - GM, ta có:
$A=\frac{x}{y+1}+\frac{y}{x+1}+\frac{1}{x+y}\geq \frac{(x+y)^2}{x+y+2xy}+\frac{1}{x+y}\geq \frac{(x+y)^2}{x+y+\frac{(x+y)^2}{2}}+\frac{1}{x+y}$
Đặt $x+y=t$ ta suy ra $0<t\leq \sqrt{2}$
Xét hàm số $f(t)=\frac{2t}{t+2}+\frac{1}{t}$
Ta có $f'(t) < 0$ với $0<t\leq \sqrt{2}$ nên hàm số này nghịch biến trên $0<t\leq \sqrt{2}$
Từ đây suy ra: $f(t)\geq f(\sqrt{2})=\frac{-4+5\sqrt{2}}{2}$
Dấu bằng xảy ra khi và chỉ khi tam giác đã cho vuông cân tại C.
Vậy $MinA=\frac{-4+5\sqrt{2}}{2}$ khi tam giác đã cho là tam giác vuông cân.
- minhtuyb, hamdvk, C a c t u s and 1 other like this
#6
Posted 23-06-2012 - 14:52
$1+\frac{a}{b}\geq 2\sqrt{\frac{a}{b}}$
$1+\frac{b}{c}\geq 2\sqrt{\frac{b}{c}}$
$1+\frac{c}{a}\geq 2\sqrt{\frac{c}{a}}$
$\left ( 1+\frac{a}{b} \right )\left ( 1+\frac{b}{c} \right )\left ( 1+\frac{c}{a} \right )\geq 8$
Vật Min P=8 khi $\Leftrightarrow a= b= c$
#7
Posted 13-04-2015 - 12:10
Áp dụng BĐT cô si ta có :
$1+\frac{a}{b}\geq 2\sqrt{\frac{a}{b}}$
$1+\frac{b}{c}\geq 2\sqrt{\frac{b}{c}}$
$1+\frac{c}{a}\geq 2\sqrt{\frac{c}{a}}$
$\left ( 1+\frac{a}{b} \right )\left ( 1+\frac{b}{c} \right )\left ( 1+\frac{c}{a} \right )\geq 8$
Vật Min P=8 khi $\Leftrightarrow a= b= c$
Tam giác ABC có $\widehat{C}$ không nhọn
- Taj Staravarta and Nguyen Hoang Duyy like this
1 user(s) are reading this topic
0 members, 1 guests, 0 anonymous users