CMR: $\frac{y-2}{x^{2}}+\frac{z-2}{y^{2}}+\frac{x-2}{z^{2}}\geq \sqrt{3}-2$
#1
Đã gửi 26-06-2012 - 10:13
$\frac{y-2}{x^{2}}+\frac{z-2}{y^{2}}+\frac{x-2}{z^{2}}\geq \sqrt{3}-2$
Đừng ngại học hỏi. Kiến thức là vô bờ, là một kho báu mà ta luôn có thể mang theo dể dàng
Trần Minh Đạt tự hào là thành viên VMF
#2
Đã gửi 26-06-2012 - 10:21
Ta có:Cho $x>1,y> 1,z> 1;x+y+z=xyz$. CMR:
$\frac{y-2}{x^{2}}+\frac{z-2}{y^{2}}+\frac{x-2}{z^{2}}\geq \sqrt{3}-2$
$\frac{y-2}{x^{2}}+\frac{z-2}{y^{2}}+\frac{x-2}{z^{2}}$
$= \sum \frac{(x-1)+(y-1)}{x^2}-(\sum \frac{1}{x})$
$=\sum (x-1)(\frac{1}{x^2}+\frac{1}{z^2}) -(\sum \frac{1}{x})$
$\geq \sum \frac{2(x-1)}{xz}-(\sum \frac{1}{x})$
$=(\sum \frac{1}{x}) -2$
Mà $(\sum \frac{1}{x})^2 \geq 3(\sum \frac{1}{xy})=3$ suy ra ĐPCM
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi bboy114crew: 26-06-2012 - 10:22
- minhdat881439 yêu thích
It is difficult to say what is impossible, for the dream of yesterday is the hope of today and the reality of tomorrow
#3
Đã gửi 26-06-2012 - 12:48
$VT = \frac{(y-1)+(x-1)}{x^{2}} + \frac{(z-1)+(y-1)}{y^{2}} + \frac{(x-1))+(z-1)}{z^{2}} - (\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z})$
$= (x-1)(\frac{1}{x^{2}}+\frac{1}{z^{2}})+(y-1)(\frac{1}{y^{2}}+\frac{1}{x^{2}})+(z-1)(\frac{1}{y^{2}}+\frac{1}{z^{2}})-(\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z})$
$\Rightarrow VT \geq \frac{2(x-1)}{xz}+\frac{2(y-1)}{xy}+\frac{2(z-1)}{zy}-(\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z})$ (áp dụng BĐT cô-si)
$= (\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z})-2(\frac{1}{xy}+\frac{1}{yz}+\frac{1}{zx})$ (1)
Mặt khác:
$\frac{1}{x^{2}}+\frac{1}{y^{2}}+\frac{1}{z^{2}}\geq \frac{1}{xy}+\frac{1}{yz}+\frac{1}{zx}$ (cái này có nhiều rồi ^^!)
$\Rightarrow (\frac{1}{x}+\frac{1}{y}+\frac{1}{z})^{2}\geq 3(\frac{1}{xy}+\frac{1}{yz}+\frac{1}{zx})$ (2)
* từ giả thiết ta lại có: $\frac{1}{xy}+\frac{1}{yz}+\frac{1}{zx} = 1$ (3)
từ (1), (2) và (3) $\Rightarrow VT \geq \sqrt{3}-2$ (đpcm)
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi duongst007: 27-06-2012 - 10:39
#4
Đã gửi 29-04-2021 - 07:25
Cho $x>1,y> 1,z> 1;x+y+z=xyz$. CMR:
$\frac{y-2}{x^{2}}+\frac{z-2}{y^{2}}+\frac{x-2}{z^{2}}\geq \sqrt{3}-2$
Đặt $(\frac{1}{x},\frac{1}{y},\frac{1}{z})\rightarrow (a,b,c)$ thì $a,b,c>0$ và $ab+bc+ca=1$
Khi đó $P=\frac{c^2(1-2a)}{a}+\frac{a^2(1-2b)}{b}+\frac{b^2(1-2c)}{c}$
Áp dụng bất đẳng thức Cô-si, ta được: $\frac{c^2(1-a)}{a}+a(1-a)\geqslant 2c(1-a)$
$\frac{a^2(1-b)}{b}+b(1-b)\geqslant 2a(1-b)$
$\frac{b^2(1-c)}{c}+c(1-c)\geqslant 2b(1-c)$
Cộng theo vế ba bất đẳng thức trên, ta được: $(\frac{c^2(1-a)}{a}-c^2)+(\frac{a^2(1-b)}{b}-a^2)+(\frac{b^2(1-c)}{c}-b^2)\geqslant a+b+c-2(ab+bc+ca)\geqslant \sqrt{3(ab+bc+ca)}-2(ab+bc+ca)=\sqrt{3}-2$
hay $\frac{c^2(1-2a)}{a}+\frac{a^2(1-2b)}{b}+\frac{b^2(1-2c)}{c}\geqslant \sqrt{3}-2$
Đẳng thức xảy ra khi $x=y=z=\sqrt{3}$
Trong cuộc sống không có gì là đẳng thức , tất cả đều là bất đẳng thức
$\text{LOVE}(\text{KT}) S_a (b - c)^2 + S_b (c - a)^2 + S_c (a - b)^2 \geqslant 0\forall S_a,S_b,S_c\geqslant 0$
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh