Chứng minh $x^{2}+y^{2}+z^{2}\geq 3$
#1
Đã gửi 10-03-2013 - 13:51
Chứng minh $x^{2}+y^{2}+z^{2}\geq 3$
- Christian Goldbach yêu thích
#2
Đã gửi 10-03-2013 - 14:02
{{x^2} + 1 \ge 2x}\\
{{y^2} + 1 \ge 2y}\\
{{y^2} + 1 \ge 2z}\\
{2({x^2} + {y^2} + {z^2}) \ge 2(xy + yz + xz)}
\end{array}} \right.$
Cộng vế theo vế các BĐT trên, ta được:
$3(x^2+y^2+z^2)+3 \ge 2(x+y+z+xy+xz+yz)$
$\Longrightarrow$ $x^2+y^2+z^2 \ge 3 $
$QED$
- Oral1020, DarkBlood, Anh Vinh và 2 người khác yêu thích
$\cdot$ $( - 1) = {( - 1)^5} = {( - 1)^{2.\frac{5}{2}}} = {\left[ {{{( - 1)}^2}} \right]^{\frac{5}{2}}} = {1^{\frac{5}{2}}} =\sqrt{1}= 1$
$\cdot$ $\dfrac{0}{0}=\dfrac{100-100}{100-100}=\dfrac{10.10-10.10}{10.10-10.10}=\dfrac{10^2-10^2}{10(10-10)}=\dfrac{(10-10)(10+10)}{10(10-10)}=\dfrac{20}{10}=2$
$\cdot$ $\pi\approx 2^{5^{0,4}}-0,6-\left(\frac{0,3^{9}}{7}\right)^{0,8^{0,1}}$
$\cdot$ $ - 2 = \sqrt[3]{{ - 8}} = {( - 8)^{\frac{1}{3}}} = {( - 8)^{\frac{2}{6}}} = {\left[ {{{( - 8)}^2}} \right]^{\frac{1}{6}}} = {64^{\frac{1}{6}}} = \sqrt[6]{{64}} = 2$
#3
Đã gửi 10-03-2013 - 15:01
Ta luôn có :Cho các số thực x,y,z thỏa mãn $x+y+z+xy+yz+zx=6$
Chứng minh $x^{2}+y^{2}+z^{2}\geq 3$
$\left ( x-1 \right )^2+(y-1)^2+(z-1)^2+(x-y)^2+(y-z)^2+(z-x^2)\geqslant 0 \forall x,y,z\in \mathbb{R} \Rightarrow 2(x^2+y^2+z^2)-2(x+y+z+xy+xz+yz)\geqslant 0\Rightarrow x^2+y^2+z^2\geqslant 3$
- Tienanh tx, Math269999 và Phanh thích
Quy luật của toán học càng liên hệ tới thực tế càng không chắc chắn, và càng chắc chắn thì càng ít liên hệ tới thực tế.
#4
Đã gửi 18-03-2013 - 16:02
- Nguyen Tho The Cuong và nguyenhieu123 thích
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh