Cho $a,b,c\geqslant 0$ và $a^2+b^2+c^2=1$.Chứng minh rằng :
$1\leqslant \frac{a}{\sqrt{1+bc}}+\frac{b}{\sqrt{1+ac}}+\frac{c}{\sqrt{1+ab}}\leqslant \frac{3}{2}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nguyen Huy Tuyen: 18-06-2013 - 16:56
Cho $a,b,c\geqslant 0$ và $a^2+b^2+c^2=1$.Chứng minh rằng :
$1\leqslant \frac{a}{\sqrt{1+bc}}+\frac{b}{\sqrt{1+ac}}+\frac{c}{\sqrt{1+ab}}\leqslant \frac{3}{2}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Nguyen Huy Tuyen: 18-06-2013 - 16:56
Sống đơn giản, lấy nụ cười làm căn bản !
Min trước,trước hết ta thấy $\sum \frac{a}{\sqrt{1+bc}}= \sum \frac{a\sqrt{a}}{\sqrt{a+abc}}$
Lại có : $a+abc\leq a+a\frac{b^{2}+c^{2}}{2}= a+a\frac{1-à^{2}}{2}= 1-\frac{(a-1)^{2}(a+2)}{2}\leq 1$,
$a^{6}+b^{6}+c^{6}\geq 1\Rightarrow \sum a\sqrt{a}\geq 1$ nên Min P=1,dấu = khi có 1 số =1,2 số =0
Max tí nữa mình viết tiếp,12h đêm rồi,ăn cơm đã
(câu trên là lấy của nthoangcuto,ý nghĩa của nó xin hỏi a ấy chứ đừng hỏi mình)
TLongHV
Cho $a,b,c\geqslant 0$ và $a^2+b^2+c^2=1$.Chứng minh rằng :
$1\leqslant \frac{a}{\sqrt{1+bc}}+\frac{b}{\sqrt{1+ac}}+\frac{c}{\sqrt{1+ab}}\leqslant \frac{3}{2}$
Trước hết ta chứng minh: $\sum \frac{a}{\sqrt{1+bc}}\geq 1$
Thật vậy, sử dụng bất đẳng thức AM-GM và bất đẳng thức Cauchy - Schwarz ta có:
$\sum \frac{a}{\sqrt{1+bc}}=\sum \frac{a^{2}}{a\sqrt{1+bc}}\geq \sum \frac{2a^{2}}{1+a^{2}+bc}\geq \frac{2(a+b+c)^{2}}{2+ab+bc+ca}$
$\geq \frac{2(a+b+c)^{2}}{2+4(ab+bc+ca)}=1$
Bây giờ ta sẽ chứng minh: $\sum \frac{a}{\sqrt{1+bc}}\leq \frac{3}{2}$
Sử dụng bất đẳng thức Cauchy - Schwarz ta có:
$\left ( \sum \frac{a}{\sqrt{1+bc}} \right )^{2}\leq \left (\sum a \right )\left ( \sum \frac{a}{1+bc} \right )$
Bây giờ ta sẽ chứng minh:
$\sum \frac{a}{1+bc}\leq \sum \frac{a}{(a+b)(a+c)}$
Thật vậy ta có:
$\sum \frac{a}{(a+b)(a+c)}-\sum \frac{a}{1+bc}=\sum \frac{a(b^{2}+c^{2}-ab-ac)}{(1+bc)(a+b)(a+c)}=\sum \left ( \frac{ca(c-a)}{(1+bc)(a+b)(a+c)}-\frac{ab(a-b)}{(1+bc)(a+b)(a+c)} \right )$
$=\sum \left ( \frac{ab(a-b)}{(1+ca)(b+c)(b+a)}-\frac{ab(a-b)}{(1+bc)(a+b)(a+c)} \right )=\sum \frac{ab(a-b)^{2}(a^{2}+b^{2})}{(1+ac)(1+bc)(a+b)(b+c)(c+a)}\geq 0$
Do đó ta được:
$\left ( \sum \frac{a}{\sqrt{1+bc}} \right )^{2}\leq \left ( \sum a \right )\left ( \sum \frac{a}{(a+b)(a+c)} \right )=\frac{2(a+b+c)(ab+bc+ca)}{(a+b)(b+c)(c+a)}\leq \frac{9}{4}$
Suy ra: $\sum \frac{a}{\sqrt{1+bc}}\leq \frac{3}{2}$
Bài toán được chứng minh. Đẳng thức xảy ra ở vế trái khi và chỉ khi $(a,b,c)=(1,0,0)$, đẳng thức xảy ra ở vế phải khi và chỉ khi $a=b=c=\frac{1}{\sqrt{3}}$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi trauvang97: 22-06-2013 - 16:05
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh