có thể mình hơi ngu nói ra còn hơn là dấu dốt, mình chẳng hiểu gì cảTừ đề bài suy ra:
$\frac{\sqrt{3-x}}{\sqrt{x+1}-\sqrt{3-x}}=x-\frac{3}{2}$
uchihalinh
Thống kê
- Nhóm: Thành viên
- Bài viết: 9
- Lượt xem: 1541
- Danh hiệu: Lính mới
- Tuổi: Chưa nhập tuổi
- Ngày sinh: Chưa nhập ngày sinh
-
Giới tính
Nam
0
Trung bình
Công cụ người dùng
Lần ghé thăm cuối
Trong chủ đề: Giải phương trình sau: $\frac{\sqrt{x+1}}{\sqrt{x+1}-...
19-01-2012 - 01:31
Trong chủ đề: Tìm min S
16-07-2011 - 16:39
Thank bạn cách làm hay lắmĐúng là nhầm thật
Sửa lại tí.
Theo trên ta có:
$S\ge \dfrac{1}{\sqrt{17}}[4(a+b+c)+\dfrac{9}{\sqrt{6(a+b+c)}}] $
Áp dụng BĐT AM-GM:
$\dfrac{a+b+c}{8}+\dfrac{9}{2\sqrt{6(a+b+c)}}+\dfrac{9}{2\sqrt{6(a+b+c)}} \ge \dfrac{9}{4} $
$\Rightarrow S\ge \dfrac{1}{\sqrt{17}}(\dfrac{31(a+b+c)}{8}+\dfrac{9}{4})\ge \dfrac{3\sqrt{17}}{2} $
Trong chủ đề: Vietnam MO 1991
27-06-2011 - 18:17
Đoạn này là sao hả anh? Em ko hiểuTa lại có:
$\dfrac{{{x^2}y}}{z} + \dfrac{{{y^2}z}}{x} + \dfrac{{{z^2}x}}{y} - (\dfrac{{{x^2}z}}{z} + \dfrac{{{y^2}x}}{x} + \dfrac{{{z^2}y}}{y})=\dfrac{(xy+yz+zx)(x-y)(y-z)(x-z)}{xyz} \geq 0 \Rightarrow DPCM$
Trong chủ đề: Cauchy ngược dấu
27-06-2011 - 17:49
Ta có $\dfrac{{{a^2}}}{{{b^2} + 1}} = a - \dfrac{{a{b^2}}}{{{b^2} + 1}}$
Tương tự như vậy:
$VT = a + b + c - (\dfrac{{a{b^2}}}{{{b^2} + 1}} + \dfrac{{b{c^2}}}{{{c^2} + 1}} + \dfrac{{c{a^2}}}{{{a^2} + 1}})$
Áp dụng BĐT AM-GM ta có
$VT \ge a + b + c - (\dfrac{{a{b^2}}}{{2b}} + \dfrac{{b{c^2}}}{{2c}} + \dfrac{{c{a^2}}}{{2a}})$
$ = > VT \ge a + b + c - (\dfrac{{ab + bc + ca}}{2})$
Lại có
${a^2} + {b^2} + {c^2} \ge ab + bc + ca$
$= > - \dfrac{{(ab + bc + ca)}}{2} \ge \dfrac{{ - {{(k)}^2}}}{6}$
$= > VT \ge k - \dfrac{{{k^2}}}{6}$
Nếu có chỗ sai sót mong mọi người chỉ bảo
Tương tự như vậy:
$VT = a + b + c - (\dfrac{{a{b^2}}}{{{b^2} + 1}} + \dfrac{{b{c^2}}}{{{c^2} + 1}} + \dfrac{{c{a^2}}}{{{a^2} + 1}})$
Áp dụng BĐT AM-GM ta có
$VT \ge a + b + c - (\dfrac{{a{b^2}}}{{2b}} + \dfrac{{b{c^2}}}{{2c}} + \dfrac{{c{a^2}}}{{2a}})$
$ = > VT \ge a + b + c - (\dfrac{{ab + bc + ca}}{2})$
Lại có
${a^2} + {b^2} + {c^2} \ge ab + bc + ca$
$= > - \dfrac{{(ab + bc + ca)}}{2} \ge \dfrac{{ - {{(k)}^2}}}{6}$
$= > VT \ge k - \dfrac{{{k^2}}}{6}$
Nếu có chỗ sai sót mong mọi người chỉ bảo
- Diễn đàn Toán học
- → Đang xem trang cá nhân: Bài viết: uchihalinh