Mình là thằng mặc áo lạnh, người còn lại là tuananh2000 (http://diendantoanho...51-tuananh2000/)
Mấy chú thấy em đẹp trai k?
Có 216 mục bởi tuananh2000 (Tìm giới hạn từ 02-06-2020)
Đã gửi bởi tuananh2000 on 02-06-2014 - 15:31 trong Góc giao lưu
Mình là thằng mặc áo lạnh, người còn lại là tuananh2000 (http://diendantoanho...51-tuananh2000/)
Mấy chú thấy em đẹp trai k?
Đã gửi bởi tuananh2000 on 04-09-2014 - 20:57 trong Góc giao lưu
1972427_1478427425706213_1253627581_n.jpg
bên trái là mình(NTP),bên phải là NRC
1900093_273865279442113_1585978746_n.jpg
và trên là A-Q
NTP
Những anh thanh niên cứng của năm
Đã gửi bởi tuananh2000 on 29-02-2016 - 20:29 trong Phương trình - hệ phương trình - bất phương trình
Bài 299 : $\sqrt{(x+2)(2x-1)}-3\sqrt{x+6}=4-\sqrt{(x+6)(2x-1)}+3\sqrt{x+2}$
Bài 300 : $(3x+1)\sqrt{2x^{2}-1}=5x^{2}+\frac{3x}{2}-3$
Đã gửi bởi tuananh2000 on 13-02-2016 - 11:38 trong Phương trình - hệ phương trình - bất phương trình
Bài 208 (trích từ bạn minhminh98 ) , mình không nhớ ở topic này có chưa nhưng thấy khá khó :
$\left\{\begin{matrix}x^2y+x^2+1=2x\sqrt{x^2y+2} & \\ y^3(x^6-1)+3y(x^2-2)+3y^2+4=0 & \end{matrix}\right.$
Mình làm thử bài này thì thấy gặp vấn đề là
1) Ở dữ kiện đầu có cho $x^2y+x^2+1=2x\sqrt{x^2y+2}$ sau khi xét các TH sẽ được $y=\frac{x^{2}\pm 2x-1}{x^{2}}$
2) Ở dữ kiện sau ta có thể phân tích nhân tử $y^3(x^6-1)+3y(x^2-2)+3y^2+4=0$ thành $(x^2y-y+1) (x^4y^2+x^2y^2-x^2 y+y^2-2 y+4) = 0$ nhưng vì $x^4y^2+x^2y^2-x^2 y+y^2-2 y+4=0$ có nghiệm khá xấu nên mình cũng chưa biết xử lí như thế nào @@!
Đã gửi bởi tuananh2000 on 02-03-2016 - 04:29 trong Phương trình - hệ phương trình - bất phương trình
ĐKXĐ: .....
Ta có pt (1) $\Leftrightarrow (5x^2+\frac{3}{2}x-3)-(3x+1)\sqrt{2x^2-1}=0$
$\Leftrightarrow 2(2x^2-1)-(3x+1)\sqrt{2x^2-1}+x^2+\frac{3}{2}x-1=0$
Đặt $\sqrt{2x^2-1}=a (a\geq 0)$ ta có:
$2a^2-(3x+1)a+x^2+\frac{3}{2}x-1=0$
$\Leftrightarrow (a-x+\frac{1}{2})(2a-x-2)=0$
Đến đây dễ rồi
Từ dòng đỏ trên sao bạn có ý tưởng phân tích thành dòng đỏ dưới được vậy, mình vẫn chưa hiểu rõ cách suy luận của bài toán lắm
Đã gửi bởi tuananh2000 on 06-06-2014 - 20:59 trong Bất đẳng thức và cực trị
chỗ này bạn biến đổi như thế nào thế???
cái lớn hơn hoặc bằng là bdt dạng cộng mẫu đó , còn ở dưới thì phải là (a+b+c)^2 mà
Đã gửi bởi tuananh2000 on 28-04-2015 - 21:08 trong Bất đẳng thức và cực trị
Cho a,b,c >0 và a+b+c=3. CMR:
$\sum (a+b^2)\leq 13+abc$
Đề hình như nhầm nếu như vậy thì dễ quá
$\sum (a+b^{2})=3+\sum a^{2}\leq 3+(\sum a)^{2}=12<13$
Đã gửi bởi tuananh2000 on 01-06-2014 - 21:04 trong Bất đẳng thức và cực trị
Bài 174:
Cho $abc=1$ và $a^3>36$. Chứng minh rằng: $\frac{a^2}{3}+b^2+c^2> ab+bc+ca$
$\frac{a^{2}}{3}+b^{2}+c^{2}> ab+bc+ca\Leftrightarrow a^{2}-3(ab+ac+bc-b^{2}-c^{2})> 0$ . Thật vậy, ta có $a^{2}-3(ab+ac+bc-b^{2}-c^{2})=\frac{3a^{2}}{4}+\frac{a^{2}}{4}+3b^{2}+3c^{2}-3ab-3ac+6bc-9bc=3(\frac{a^{2}}{4}+b^{2}+c^{2}-ab-ac+2bc)+\frac{a^{2}}{4}-9bc= 3(\frac{a}{2}-b-c)^{2}+\frac{a^{3}-36abc}{4a}> 0(do abc=1 và a^{3}>36)$
Đã gửi bởi tuananh2000 on 02-06-2014 - 15:57 trong Số học
Bài 222 : Giải phương trình nghiệm nguyên $54x^{3}+1=y^{3}$
Đã gửi bởi tuananh2000 on 09-08-2015 - 22:14 trong Góc giao lưu
Sau bao cảm xúc dồn nén bấy lâu ,tối nay em up ngay hình "Gấu" của em
Xinh vậy , mình thích điều này
Đã gửi bởi tuananh2000 on 24-06-2015 - 14:07 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Bài 151(Romania TST): Cho a,b,c>0. CMR: nếu $a^2+b^2+c^2=3$ thì
$\sum \frac{1}{a^2+b^3+c^2}\leq 1$
Ta xét $\frac{1}{a^{2}+b^{3}+c^{2}}=\frac{1}{b^{3}-b^{2}+3}$
Ta cm$\frac{1}{b^{3}-b^{2}+3}\leq \frac{1}{3}+\frac{b^{2}-1}{18}$ hay $(b-1)^{2}\left [ \frac{b(6-b^{2})+3-b^{2})}{18(b^{3}+3-b^{2})} \right ]$
Bất đẳng thức trên hiển nhiên đúng vì $b>0$ và $b^{2}\leq 3$
TT rồi cộng theo vế được $ĐPCM$
Dấu $'='$ xảy ra khi $a=b=c=1$
Đã gửi bởi tuananh2000 on 24-06-2015 - 09:10 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Bài 147 (Làm mạnh bài USAMO 2003). Cho ba số $a,\,b,\,c$ dương. Chứng minh rằng
\[\sum \frac{(2a+b+c)^{2}}{2a^{2}+(b+c)^{2}}+\frac{3(a^2+b^2+c^2)}{(a+b+c)^2} \leqslant 9..\]
Chuẩn hóa $\sum a=3$
Ta có $\frac{(2a+b+c)^{2}}{2a^{2}+(b+c)^{2}}+\frac{3a^{2}}{(\sum a)^{2}}=\frac{(a+3)^{2}}{3a^{2}-6a+9}+\frac{3a^{2}}{9}$
Ta cm $\frac{(a+3)^{2}}{3a^{2}-6a+9}+\frac{3a^{2}}{9}\leq 3+2(a-1)$ hay $(a-1)^{2}(a-6)a\leq 0$ ( luôn đúng với $0\leq a\leq 3$)
Cộng các vế với nhau ta đc $ĐPCM$
Dấu $'='$ xảy ra khi $a=b=c>0$
Đã gửi bởi tuananh2000 on 02-07-2015 - 10:59 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Bài 165 (Mediterranean Mathematical Competition 2009).Chứng minh rằng với mọi $a,b,c $ dương ta luôn có:
$$\sum \frac{ab}{a^2+ab+b^2}\leq \frac{a}{2a+b}+\frac{b}{2b+c}+\frac{c}{2c+a}$$
Đặt $(a;b;c)=(\frac{x}{y};\frac{y}{z};\frac{z}{x})$ , đưa bđt cần cm thành
$\sum \frac{x^{2}}{x^{3}+x^{2}+1}\leq\sum \frac{x}{2x+1}$
Hay $\sum(x-1)^{2}(x+1)x\geq 0$ (đúng)
Vậy bất đẳng thức đc cm
Dấu đẳng thức xảy ra khi $a=b=c=1$
Đã gửi bởi tuananh2000 on 02-07-2015 - 14:23 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Thế thì $abc=1$ à
Mình cũng chẳng biết @@
Đã gửi bởi tuananh2000 on 24-06-2015 - 09:49 trong Bất đẳng thức - Cực trị
Bài 145(China TST): Cho a,b,c >0. CMR: nếu a+b+c=3
$\frac{1}{a^2+b+c}+\frac{1}{b^2+c+a}+\frac{1}{c^2+a+b}\leq 1$
Ta xét $\frac{1}{a^{2}+b+c}=\frac{1}{a^{2}-a+3}$
Ta cm$\frac{1}{a^{2}-a+3}\leq \frac{1}{3}+\frac{a-1}{9}$ hay $\frac{(a-1)^{2}(a-3)}{a^{2}-a+3}\leq 0$ ( luôn đúng với $0\leq a\leq 3$)
TT với các hạng tử còn lại rồi cộng theo vế có $ĐPCM$
Dấu $'='$ xảy ra khi $a=b=c=1$
Đã gửi bởi tuananh2000 on 05-06-2014 - 18:25 trong Số học
Bài 1.Chứng minh rằng với mọi n nguyên dương ta đều có
$A=5^n(5^n+1)-6^n(3^n+2^n)\vdots 91$
Bài 2.Tìm tất cả các cặp số nguyên p,q thỏa mãn phương trình sau:
$5^{2p}+1997=5^{2p^2}+q^2$
Bài 1:$A=5^n(5^n+1)-6^n(3^n+2^n)=25^{n}+5^{n}-18^{n}-12^{n}=(25^{n}-18^{n})-(12^{n}-5^{n})$$=B(7)-B(7)$chia hết $7$.Lại có $A=5^n(5^n+1)-6^n(3^n+2^n)=25^{n}+5^{n}-18^{n}-12^{n}=(25^{n}-12^{n})-(18^{n}-5^{n})$$=B(13)-B(13)$ chia hết $13$. Do $(13;7)=1$ nên có $A$ chia hết cho $13.7=91$
Đã gửi bởi tuananh2000 on 10-12-2014 - 21:06 trong Các dạng toán khác
xác định hệ số
Xác định a, b, c, d biết P(1) = -2011; P(2) = -2084; P(3) = -2385; P(-1) = -2045.Cho mình hỏi có cách nào tính nhanh bài này ko
Theo mình bạn tính $a$ theo $P(1)+P(-1)$ rồi thay vào $P(2)$ và $P(3)$ nhé , có được $P(2)$ ; $P(3)$ và $P(1)$ là các phương trình 3 ẩn vào Casio giải bình thường nhé
Đã gửi bởi tuananh2000 on 20-06-2014 - 07:51 trong Chuyên đề toán THCS
giải hệ ra ta được (a;b;c)=(0;0;1) và các giao hoán của nó => p=1
Bạn nêu rõ cách làm được không?
Đã gửi bởi tuananh2000 on 20-06-2014 - 21:04 trong Chuyên đề toán THCS
thì a,b,c luôn $\leq$1 mà nếu 1 cái lớn hơn thì sẽ ko có pt 2
Bạn c/m điều đó thử nào ?
Đã gửi bởi tuananh2000 on 22-05-2014 - 21:49 trong Chuyên đề toán THCS
áp dụng cái này có cần cm ko bạn ? mik thấy thầy hay bắt mik cm cái này
$(a+b+c)(\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}) \geq 9$ Cái này quá quen r`
Đã gửi bởi tuananh2000 on 20-06-2014 - 20:49 trong Chuyên đề toán THCS
mình nghĩ là thế này: trừ 2 vế ta được
$a^{2012}(a^{2}-a)+b^{2012}(b^{2}-b)+c^{2012}(c^{2}-c)$=0
=>$\inline \left\{\begin{matrix} a^{2}-a=0\\ b^{2}-b=0\\ c^{2}-c=0 \end{matrix}\right.$
rồi => thôi
Lỡ $a^{2}-a< 0$ còn $b^{2}-b> 0$ thì sao bạn . Vẫn xảy ra trường hợp này mà
Đã gửi bởi tuananh2000 on 21-06-2014 - 20:41 trong Chuyên đề toán THCS
theo diricle ta có 2 cặp cùng dấu giả sử 2 cặp đầu cùng dấu
=> a^2-a và b^2-b cùng dấu
giả sử a^2-a>0=> a>1 hoặc a<0 th a>1 loại vì ko tm pt 2
tương tự ta có b<0
từ c^2-c<0=> 0<c<1
=> a^2013 +b^2013+c^2013<1
p/s mình lười latex quá các bạn cứ biến < thành$\leq$là có thể tìm nghiệm của hệ luôn
Sao lại vậy nhỉ ?
Đã gửi bởi tuananh2000 on 12-09-2014 - 21:54 trong Tài liệu - Đề thi
Bài 7 : Xét rằng $A+B+C=\pi$ $\rightarrow A+B=\pi -C \Leftrightarrow tg(A+B)=tg(\pi -C)\Leftrightarrow \frac{tgA+tgB}{1-tgA.tgB}=-tgC \rightarrow$ $tgA+tgB+tgC=tgA.tgB.tgC$ ($ĐPCM$)
P/s: Bài trên áp dụng $tg(\pi -\alpha )=-tg\alpha$
Đã gửi bởi tuananh2000 on 11-09-2014 - 23:26 trong Tài liệu - Đề thi
Bài 5:
a) Gọi $CP\cap (O)=\left \{ F \right \}; NB \cap (O)=\left \{ G \right \}$
Ta có:$\widehat{GCA}=\widehat{GBA}$ (2 góc này nội tiếp và cùng chắn cung $AM$)
$\widehat{ACP}=\widehat{ABN}$ ( cặp góc có canh t/ ứ vuông góc)
Do đó , $\widehat{GCA}=\widehat{ACF}\rightarrow$ Cung $AG$ =Cung $AF$ nên $AK$ vuông góc $GF$
Xét $\bigtriangleup BMH$ ($H$ là trực tâm) có $CN$ vừa là đường cao vừa là phân giác nên là tam giác cân đỉnh $C$ . Từ đó có $N$ là trung điểm $GH$ . Cmtt thì $D$ là trung điểm của $HF$
$\rightarrow DN$ là đường trung bình của $\bigtriangleup GHF$ $\rightarrow NP$ song song với $GF$
Ta có $AK$ vuông góc với $GF$ mà $GF$ lại song song với $NP$ nên $AK$ cũng vuông góc $NP$ $(đpcm)
P/s : câu b) thì mình vẫn chưa nghĩ ra , mấy bạn tự vẽ hình nhá
Đã gửi bởi tuananh2000 on 20-09-2014 - 22:15 trong Tài liệu - Đề thi
4/
PT $\bar{abc}=(a+b)^2.c\Leftrightarrow \frac{10\bar{ab}}{(a+b)^2-1}=c$
Do đó: $\begin{bmatrix} a+b=1\\ a+b=9\\ a+b=11 \end{bmatrix}$
*) TH1: $a+b=1$ $\rightarrow a=1;b=0$ (kg thỏa mãn)
*) TH2: $a+b=9$.$VT=\frac{\bar{ab}}{8}\in N\Rightarrow \frac{a+1}{8}\in N\rightarrow a=7;b=2;c=9$
*) TH3: $a+b=11$.
$VT=\frac{\bar{ab}}{12}\in N\rightarrow\frac{9a-1}{12}$ (Loại)
Vậy 729 là số cần tìm.
Cái phần trên đâu thỏa đkxd đâu mà xét nhỉ
Community Forum Software by IP.Board
Licensed to: Diễn đàn Toán học