jin195's Content
There have been 71 items by jin195 (Search limited from 08-06-2020)
#240579 Các dạng toán lớp 7
Posted by jin195 on 11-09-2010 - 23:25 in Đại số
3. sử dụng công thức tổng quát $ (\dfrac{1}{2^2}-1)(\dfrac{1}{3^2}-1)...(\dfrac{1}{n^2}-1)=\dfrac{(-1)^{n+1}(n+1)}{2n} $ (c/m bằng quy nạp )
4.sử dụng đẳng thức $ \dfrac{1}{n(n+2}=\dfrac{1}{2}(\dfrac{1}{n}-\dfrac{1}{n+2}) $
5.Gọi $ x,y,z $ lần lượt là chữ số hàng trăm,chục,đơn vị ($ {1}\le{x}\le{9} ,{0}\le{y,z}\le{9} $ => $ 2 \le x+y+z \le 27 $
theo đề bài số cần tìm chia hết cho 18 hay chia hết cho 9 => x+y+z chia hết cho 9 => x+y+z phải nhận 1 trong cách giá trị 9,18,27
kết hợp với đk đề bài $ \dfrac{x}{1}=\dfrac{y}{2}=\dfrac{z}{3} $ suy ra các bộ số (x,y,z) ,sau đó thử lại và nhận nghiệm
#240531 Cực trị giúp mình với
Posted by jin195 on 11-09-2010 - 19:08 in Bất đẳng thức và cực trị
#240446 moi nguoi oi giup tui may bài toán
Posted by jin195 on 10-09-2010 - 22:56 in Số học
Pt có nghiệm $ <=>\delta\ge0 <=> (7x-39)(7x+13)\le0 <=> \dfrac{39}{7}\ge x \ge \dfrac{-13}{7} $ <=> $ 5\ge x \ge -1 $ từ đó thay x bằng 7 giá trị sau: -1,0,1,2,3,4,5 vào pt để tìm y. Đáp số $ (x;y)=(0;0);(2;5);(5;2) $
1) $ x^2+x+6=y^2 $ ($ x\in Q y\in Z $ ) => $ (2x+1)^2+23=4y^2 => (2x+1)^2 $ là 1 số nguyên => $ |2x+1| $ phải là 1 số nguyên hoặc 1 số vô tỉ nhưng dễ thấy $ |2x+1| $ hữu tỉ do x hữu tỉ nên chỉ xảy ra trường hợp $ |2x+1| $ nguyên => $ 2x $ nguyên ,đặt $ 2x=a $ rồi giải pt bằng cách đưa pt về dạng tích 2 số bằng 1 số nguyên để giải.Đáp số $ (x;y)=(-6;-6);(-6;6);(5;-6);(5;6) $
còn bài 1a cũng như 1b , đáp số $ (x;y)=(-16;-12);(-16;12);(9;-12);(9;12);(-7;0);(0;0) $
#240319 Phương trình hay nhưng hơi khó
Posted by jin195 on 09-09-2010 - 23:21 in Phương trình - hệ phương trình - bất phương trình
#240310 Giúp mình bài hình 9!
Posted by jin195 on 09-09-2010 - 22:44 in Hình học
#240306 Đường tròn đi qua hai điểm cố định!
Posted by jin195 on 09-09-2010 - 22:23 in Hình học
mà $ HB.HC=AE.AB=AH^2 $ (hệ thức lượng trong tam giác vuông) nên $ AO^2-R^2 ;R^2-OH^2 $ không đổi => $ AO^2-OH^2 $ không đổi => $ (OK^2+AK^2)-(OK^2+HK^2) $ không đổi (định lí Pythagoras)=> $ AK^2-KH^2=(AK-KH)(AK+KH) $ không đổi => $ AK+KH;AK-KH=AH $ không đổi => $ AK,AH $ không đổi mà $ A $ cố định và $ AN $ cố định nên K,M cố định
Lại có $ AH^2=HB.HC=HM.HN $ nên dể thấy N cũng cố định => 2 điểm thỏa đề bài là M,N
#240210 moi nguoi oi giup tui may bài toán
Posted by jin195 on 09-09-2010 - 16:45 in Số học
3. 2) $ x^3-y^3=xy+8 (1) $
Đặt $ y=x+d (d\in{Z}) , (1)<=>...<=>(3d+1)x^2+xd(3d+1)+d^3+8=0 $
Dễ thấy $ 3d+1\neq0 , \delta={d^2(3d+1)^2-4(3d+1)(d^3+8)=...=(3d+1)(-d^3+d^2-32) $
Xét $ d\ge1 => d^3\ge d^2=>d^3-d^2+32>0 => \delta<0=> (1) $ vô nghiệm
Xét $ d\le-3 => d^3\le -3d^2 ;d^2\ge9>8 =>d^3-d^2+32<-4d^2+32<0 $ => $ \delta<0 $ => pt vô nghiệm
Vậy $ 0\ge d\ge-2 => d\in[-2;-1;0] $
Thử trực tiếp vào pt để ra nghiệm.Đáp số $ (x;y)=(2;0);(0;-2) $
Kí hiệu $ \delta $ là biệt thức delta của pt bậc 2 đấy,tại mình không biết gõ chính xác
#240098 PT khó nhằn
Posted by jin195 on 08-09-2010 - 18:12 in Phương trình - hệ phương trình - bất phương trình
#239828 1 bài phương trình
Posted by jin195 on 06-09-2010 - 18:35 in Phương trình - hệ phương trình - bất phương trình
sau 1 hồi phân tích thành nhân tử thì ta có pt $ (x-2)(x+1)(x^6+x^5+35x^4+11x^3+357x^2-37x+1358)=0 $
chỉ cần c/m $ x^6+x^5+35x^4+11x^3+357x^2-37x+1358>0 $ bằng cách nhóm các hạng tử vào các bình phương đúng 1 cách hợp lí
từ đó suy ra pt có 2 nghiệm 2 và -1
#239820 1 bài toán số học hơi khó
Posted by jin195 on 06-09-2010 - 18:15 in Số học
Cảm ơn anh tran nguyen quoc cuong đã giúp em nhưng phiền anh nói rõ hơn dòng cuối 1 tí: 2 $ \vdots p $ => $ n=2 $ hoặc $ n=1.$ ?Trước tiên giả sử p là ước nguyên tố nhỏ nhất của n. Thì theo đề bài và đl Fermat nhỏ ta có: $ 3^n \equiv 3^{p-1} \equiv 1 (mod p) $. Gọi k là số nhỏ nhất khác 0 để $ 3^{k} \equiv 1 (mod p) $. Ta sẽ chứng minh $ n \vdots k $. Đặt $ n=hk+r (0 \le r<k)$ thì ta có $ 3^{hk+r}-3^{hk} \vdots p \Rightarrow 3^{hk}(3^r-1) \vdots p $. Do đó $ 3^r -1 \vdots p $. Với đk k là số nhỏ nhất khác 0 ở trên thì ta suy ra $ r=0 \Rightarrow n \vdots k $
Vì $ 3^{p-1} \equiv 1 (mod p) \Rightarrow p >p-1 \ge k $. Nếu k khác 1 thì k phải có ít nhất 1 ước nguyên tố, dễ thấy nó cũng sẽ là ước của n và rõ ràng ước nguyên tố này nhỏ hơn p. Mâu thuẫn với điều giả sử ban đầu. Ta suy ra k=1. Từ đó nhận thấy $ 2=3-1 \vdots p $. Vậy suy ra $ n=2 $ hoặc $ n=1.$
#239817 Bất đẳng thức!
Posted by jin195 on 06-09-2010 - 18:05 in Đại số
$ x^2+(\dfrac{7-sqrt(13)}{12})^2\ge2x\dfrac{7-sqrt(13)}{12} $
$ y^2+(\dfrac{7-sqrt(13)}{12})^2\ge2y\dfrac{7-sqrt(13)}{12} $
$ z^3+(\dfrac{sqrt(13)-1}{6})^3+(\dfrac{sqrt(13)-1}{6})^3\ge3z(\dfrac{sqrt(13)-1}{6})^2 $ (bđt AM-GM)
sau đó cộng lại,sử dụng dk x+y+z=1 là ra đáp án ĐTXR<=> $ x=y=\dfrac{7-sqrt(13)}{12} , z=\dfrac{sqrt(13)-1}{6} $
#239725 Bài chứng minh ba số a,b,c cần giúp
Posted by jin195 on 05-09-2010 - 22:55 in Đại số
Chỉ cần c/m 3 bđt phụ này rồi cộng lại là xong : $ 4/(a^2+bc)\le(1/ab+1/ca) (1) $Cho a>0,b>0, c>0 CM:
$\dfrac{1}{ a^{2}+ bc} + \dfrac{1}{ b^{2} + ac} + \dfrac{1}{ c^{2}+ba}<=\dfrac{a+b+c}{2abc}$
$ 4/(b^2+ca)\le(1/bc+1/ab) $ , $ 4/(c^2+ab)\le(1/ca+1/bc) $
(1) <=> $ (a^2+bc)(b+c)\ge(4abc) $
mà theo AM-GM thì $ (a^2+bc)\ge2sqrt(a^2bc) , (b+c)\ge2sqrt(bc) $ => (1) đúng,c/m tương tự với 2 cái còn lại => dpcm
#239714 Nhờ giúp
Posted by jin195 on 05-09-2010 - 21:47 in Các bài toán Đại số khác
http://www.wolframal...ut/?i=3^x-x^3=0 --> anh vao` đây tham khảo các nghiệm của ptMình xin hỏi bài này lần nữa (vì hỏi lâu mà không có ai trả lời)
Giải phương trình: $3^x = x^3$
Cám ơn trước!
#239148 Làm giúp phương trình này với
Posted by jin195 on 02-09-2010 - 18:30 in Phương trình - hệ phương trình - bất phương trình
Ta có $ a^6+3a^4+13a^3+24a^2+63a+64=a^6+(3a^4+13a^3+4a^2)+4a^2+(16a^2+63a+64)=a^6+(3a^2 +1)(a^2+4)+4a^2+(4a+63/8)^2+127/64 >0 $ nên pt trên <=> $ (a-3)(a^2+3a+1)=0 $
- Diễn đàn Toán học
- → jin195's Content