Cho $x;y;z\geq 0$ thỏa:
$x^{1997}+y^{1997}+z^{1997}=3$
Tìm $Max$ $F=x^{2}+y^{2}+z^{2}$
P/s: bài này thầy mình kêu dùng điểm rơi, BĐT gì đó, bạn nào biết chút về phần này thì chỉ mình phương pháp hay cho mình tài liệu của điểm rơi, BĐT này nha, cảm ơn nhiều!
Giả sử $x\geq y\geq z$, theo BĐT Chebyshev :
$9 = 3(x^{1997}+y^{1997}+z^{1997})\geq (x^{3}+y^{3}+z^{3})(x^{1994}+y^{1994}+z^{1994})\geq \frac{(x^{2}+y^{2}+z^{2})^{2}}{x+y+z}.(x^{1994}+y^{1994}+z^{1994})=\frac{F^{2}}{\sqrt{3F}}.(x^{1994}+y^{1994}+z^{1994})$ (1)
Áp dụng BĐT Holder :
$(x^{1994}+y^{1994}+z^{1994})\underset{996}{\underbrace{(1+1+1)(1+1+1)...(1+1+1)}}\geq (x^{2}+y^{2}+z^{2})^{997}\Leftrightarrow 3^{996}(x^{1994}+y^{1994}+z^{1994})\geq (x^{2}+y^{2}+z^{2})^{997}$
hay $3^{996}.(x^{1994}+y^{1994}+z^{1994})\geq F^{997}$ (2)
Từ (1)(2) có :
$9\geq \frac{F^{2}}{\sqrt{3F}}.\frac{F^{997}}{3^{996}}\Leftrightarrow \frac{F^{999}}{\sqrt{F}}\leq 3^{998}.\sqrt{3}\Leftrightarrow F^{1997}\leq 3^{1997}\Leftrightarrow F\leq 3$
$MaxF=3\Leftrightarrow x=y=z=1$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Juliel: 11-07-2013 - 16:56