Cho 3 số thực dương có tổng bằng 3. Chứng minh rằng
$\sqrt{x}+\sqrt{y}+\sqrt{z}\geq xy+yz+xz$
Cho 3 số thực dương có tổng bằng 3. Chứng minh rằng
$\sqrt{x}+\sqrt{y}+\sqrt{z}\geq xy+yz+xz$
Lời giải. Bất đẳng thức tương đương với việc chứng minh $$x^2+y^2+z^2+2 \sqrt x+ 2 \sqrt y + 2 \sqrt z \ge 9$$
Thật vậy, áp dụng BĐT AM-GM ta có $x^2+ \sqrt x+ \sqrt y \ge 3x$. Tương tự rồi cộng lại ta có đpcm.
Dấu đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi $x=y=z=1$.
Discovery is a child’s privilege. I mean the small child, the child who is not afraid to be wrong, to look silly, to not be serious, and to act differently from everyone else. He is also not afraid that the things he is interested in are in bad taste or turn out to be different from his expectations, from what they should be, or rather he is not afraid of what they actually are. He ignores the silent and flawless consensus that is part of the air we breathe – the consensus of all the people who are, or are reputed to be, reasonable.
Grothendieck, Récoltes et Semailles (“Crops and Seeds”).
Lời giải. Bất đẳng thức tương đương với việc chứng minh $$x^2+y^2+z^2+2 \sqrt x+ 2 \sqrt y + 2 \sqrt z \ge 9$$
Thật vậy, áp dụng BĐT AM-GM ta có $x^2+ \sqrt x+ \sqrt y \ge 3x$. Tương tự rồi cộng lại ta có đpcm.
Dấu đẳng thức xảy ra khi và chỉ khi $x=y=z
nhầm ở chỗ này
Chỗ đó phải là $x^2+\sqrt{x}+\sqrt{x}\geq 3x$ chứ ??
Cho 3 số thực dương có tổng bằng 3. Chứng minh rằng
$\sqrt{x}+\sqrt{y}+\sqrt{z}\geq xy+yz+xz$
Ta có: $2(ab+bc+ca)=(a+b+c)^{2}-(a^{2}+b^{2}+c^{2})$
Ta phải chứng minh $a^{2}+b^{2}+c^{2}+2(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c})\geq 9$
Sử dụng BĐT AM-GM ta có:
$a^{2}+\sqrt{a}+\sqrt{a}\geq 3a$
$b^{2}+\sqrt{b}+\sqrt{b}\geq 3b$
$c^{2}+\sqrt{c}+\sqrt{c}\geq 3c$
Vậy $a^{2}+b^{2}+c^{2}+2(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c})\geq 3(a+b+c)=9$
THE SHORTEST ANSWER IS DOING
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh