Cho a,b,c>0 thỏa mãn: abc=1.
CMR:
T=$\frac{1}{a^3(b+c)}+\frac{1}{b^3(a+c)}+\frac{1}{c^3(a+b)}\geq \frac{3}{2}$
Cho a,b,c>0 thỏa mãn: abc=1.
CMR:
T=$\frac{1}{a^3(b+c)}+\frac{1}{b^3(a+c)}+\frac{1}{c^3(a+b)}\geq \frac{3}{2}$
Cho a,b,c>0 thỏa mãn: abc=1.
CMR:
T=$\frac{1}{a^3(b+c)}+\frac{1}{b^3(a+c)}+\frac{1}{c^3(a+b)}\geq \frac{3}{2}$
Áp dụng bđt Cô-si ta có
$\frac{1}{a^3(b+c)}+\frac{a(b+c)}{4}\geq \frac{1}{a}=bc$
Tương tự với các số còn lại
$\Rightarrow T+\frac{ab+bc+ac}{2}\geq ab+bc+ac\Rightarrow T\geq \frac{ab+bc+ac}{2}\geq \frac{3\sqrt[3]{a^2b^2c^2}}{2}=\frac{3}{2}$
Cách khác này
$T=\sum \frac{a^2b^2c^2}{a^3(b+c)}=\sum \frac{b^2c^2}{ab+ac}$
Áp dụng Cauchy schwarz dạng phân thức thì $\sum \frac{b^2c^2}{ab+ac}\geq \frac{(ab+bc+ca)^2}{2ab+2bc+2ca}=\frac{ab+bc+ca}{2}\geq \frac{3\sqrt[3]{a^2b^2c^2}}{2}=\frac{3}{2}(Cauchy)$
ZION
Đặt $(\frac{1}{a},\frac{1}{b},\frac{1}{c})\rightarrow (x,y,z)$ rồi dùng Chebyshev
Trong cuộc sống không có gì là đẳng thức , tất cả đều là bất đẳng thức
$\text{LOVE}(\text{KT}) S_a (b - c)^2 + S_b (c - a)^2 + S_c (a - b)^2 \geqslant 0\forall S_a,S_b,S_c\geqslant 0$
Toán Trung học Cơ sở →
Bất đẳng thức và cực trị →
$\frac{1}{2}+\frac{1}{3\sqrt[3]{2}}+.....+\frac{1}{1000\sqrt[3]{999}}<\frac{27}{10}$Bắt đầu bởi Dam Uoc Mo, 10-06-2014 bđt thcs |
|
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh