Cho $a,b,c>0$. Chứng minh $\sum \frac{ab}{c(c+a)}\geq \sum \frac{a}{c+a}$
Cho $a,b,c>0$. Chứng minh $\sum \frac{ab}{c(c+a)}\geq \sum \frac{a}{c+a}$
#1
Đã gửi 16-02-2015 - 18:45
"God made the integers, all else is the work of man."
Leopold Kronecker
#2
Đã gửi 16-02-2015 - 19:08
Cho $a,b,c>0$. Chứng minh $\sum \frac{ab}{c(c+a)}\geq \sum \frac{a}{c+a}$
Trước hết ta chứng minh $\sum \frac{ab+c^2}{ac+c^2}\geq 3$
Theo BĐT Cosi cho 3 số ta có
$\sum \frac{ab+c^2}{ac+c^2}\geq 3\sqrt[3]{\frac{(ab+c^2)(bc+a^2)(ac+b^2)}{(ac+c^2)(ab+a^2)(bc+b^2)}}\geq 3< = > (ab+c^2)(bc+a^2)(ac+b^2)\geq (ac+c^2)(ab+a^2)(bc+b^2)< = > 2a^2b^2c^2+abc\sum a^3+\sum a^3b^3\geq 2a^2b^2c^2+abc\sum ab(a+b)< = >abc \sum a^3+\sum a^3b^3\geq abc\sum ab(a+b)$
Theo COsi có $\sum a^3b^3\geq 3a^2b^2c^2= > abc\sum a^3+\sum a^3b^3\geq abc\sum a^3+3\sum a^2b^2c^2=abc(\sum a^3+3abc)$
Do đó cần CM $abc(\sum a^3+3abc)\geq abc\sum ab(a+b)< = > \sum a^3+3abc\geq \sum ab(a+b)$ .Đúng do đây là BĐT Schur bậc 3 .
Từ đó $= > \sum \frac{ab+c^2}{ac+c^2}\geq 3$
$= > \sum (\frac{ab+c^2}{ac+c^2}-1)\geq 0= > \sum \frac{a(b-c)}{c(a+c)}\geq 0 = > \sum \frac{ab}{c(a+c)}\geq \sum \frac{a}{a+c}$
Do đó ta có ĐPCM .Dấu = xảy ra khi $a=b=c> 0$
- hoanglong2k, thangdung, the man và 2 người khác yêu thích
#3
Đã gửi 12-05-2021 - 16:06
Một cách xử lại khác gọn hơn cho bất đẳng thức: $(ab+c^2)(bc+a^2)(ac+b^2)\geqslant abc(a+b)(b+c)(c+a)$
Ta có: $(ab+c^2)(bc+a^2)=(ab^2c+a^2c^2)+b(a^3+c^3)\geqslant ac(b^2+ac)+\frac{b(a+c)^3}{4}\geqslant 2\sqrt{\frac{abc(b^2+ac)(a+c)^3}{4}}=\sqrt{abc(b^2+ac)(a+c)}$
Tương tự rồi nhân lại với nhau ta có điều phải chứng minh
Trong cuộc sống không có gì là đẳng thức , tất cả đều là bất đẳng thức
$\text{LOVE}(\text{KT}) S_a (b - c)^2 + S_b (c - a)^2 + S_c (a - b)^2 \geqslant 0\forall S_a,S_b,S_c\geqslant 0$
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh