bạn xem lại bài bạn trên chỉ chứng minh được dấu"=" khi $a=b=c=1$
bài trên dấu '=' còn xảy ra khi $(a,b,c)=(o,1,\sqrt{2})$
cái đoạn nhân $c$ vào $2$ vế mình quên $c$ chưa khác $0$
2, Cho $a,b,c >0$ và thỏa mãn $a+b+c=1$
Chứng minh $2(a^3+b^3+c^3)+3(a^2+b^2+c^2)+12abc \geq \frac{5}{3}$
Ta có bđt: $\Leftrightarrow 2((a+b+c)^2-3.(a+b)(b+c)(c+a))+3.((a+b+c)^2-2(ab+bc+ca))+12abc\geq\frac{5}{3}$
$\Leftrightarrow 5-6.(a+b)(b+c)(c+a)-6.(ab+bc+ca)+12abc\geq\frac{5}{3}$
Khai triển hết ra được:
$ab(a+b+1)+bc(b+c+1)+ca(c+a+1)\leq\frac{5}{9}$
$\Leftrightarrow ab(2-c)+bc(2-a)+ca(2-b)\leq\frac{5}{9}$
$\Leftrightarrow 2ab+2bc+2ca+a^2+b^2+c^2-a^2-b^2-c^2-3abc\leq\frac{5}{9}$
$\Leftrightarrow a^2+b^2+c^2+3abc\geq\frac{4}{9}$
Theo nguyên lí Đi-rích-lê, tồn tại $2$ trong $3$ số: $a-\frac{1}{3};b-\frac{1}{3}; c-\frac{1}{3}$ cùng dấu. Giả sử:
$(a-\frac{1}{3})(b-\frac{1}{3})\geq 0$
$\Leftrightarrow ab-\frac{1}{3}(a+b)+\frac{1}{9}\geq 0$
$\Leftrightarrow 3abc\geq (a+b)c-\frac{1}{3}c=(1-c)c-\frac{1}{3}c$
Lại có: $a^2+b^2+c^2\geq\frac{(a+b)^2}{2}+c^2=\frac{(1-c)^2}{2}+c^2$
cộng lại rồi xét bđt theo $1$ biến $c$. Bạn có thể xem ở đây.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi vda2000: 10-07-2015 - 09:49