Em gái Nhật Tuấn vào giúp với nào
với a, b, c là các số thực dương thỏa mãn a+b+c=3
$(a+b^{2})(b+c^{^{2}})(c+a^{2})\leq 13+abc$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi E. Galois: 17-07-2015 - 21:25
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi E. Galois: 17-07-2015 - 21:25
Em gái Nhật Tuấn vào giúp với nào
với a, b, c là các số thực dương thỏa mãn a+b+c=3
$(a+b^{2})(b+c^{^{2}})(c+a^{2})\leq 13+abc$
Ta có một kết quả mạnh hơn ở đây:http://diendantoanho...b2bc2ca2leq-13/
Hình như không có dấu bằng
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Hoang Nhat Tuan: 15-07-2015 - 16:19
cho a,b,c là các số thực dương thỏa mãn $abc=1$
chứng minh rằng $a^2c+b^2a+c^2b+\frac{6}{a+b+c}\geq 5$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Quoc Tuan Qbdh: 17-07-2015 - 15:54
toán học muôn màu
bài 30
cho a,b,c là các số thực dương thỏa mãn $abc=1$
cmr $a^2c+b^2a+c^2b+\frac{6}{a+b+c}\geq 5$
toán học muôn màu
cho a,b,c là các số thực dương thỏa mãn $abc=1$
chứng minh rằng $a^2c+b^2a+c^2b+\frac{6}{a+b+c}\geq 5$
Mình là là 6 chứ
$a=b=c=1$ ($KTM$)
Nếu $a+b+c\geqslant ab+bc+ca$ thì $\dfrac{a}{b}+\dfrac{b}{c}+\dfrac{c}{a}\geqslant \dfrac{(a+b+c)^2}{ab+bc+ca}\geqslant a+b+c$
Nếu $a+b+c\leqslant ab+bc+ca$ thì $\dfrac{a}{b}+\dfrac{b}{c}+\dfrac{c}{a}=ab^2+bc^2+ca^2\geqslant \dfrac{(ab+bc+ca)^2}{a+b+c}\geqslant a+b+c$
Do đó khi đặt $t=\dfrac{a}{b}+\dfrac{b}{c}+\dfrac{c}{a}\geqslant 3$ thì $VT\geqslant t+\dfrac{6}{t}=\dfrac{2}{3}t+\dfrac{6}{t}+\dfrac{t}{3}\geqslant 5$
Quyết tâm off dài dài cày hình, số, tổ, rời rạc.
t làm cách này
$\left\{\begin{matrix} a^2c+\frac{1}{c}\geq 2a\\ b^2a+\frac{1}{a}\geq 2b \\ c^2b+\frac{1}{b}\geq 2c \end{matrix}\right.$
$\Rightarrow a^2c+b^2a+c^2b\geq 2(a+b+c)-(ab+bc+ca)\geq 2(a+b+c)-\frac{\left ( a+b+c \right )^2}{3}$
$\Rightarrow VT\geq (a+b+c)-\frac{\left ( a+b+c \right )^2}{3}+\frac{6}{a+b+c}$
đặt $t=a+b+c(t\geq 3)$
đpcm $t-\frac{t^2}{3}+\frac{6}{t}\geq 5$
đúng với $t\geq 3$
toán học muôn màu
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh