Cho a, b, c> 0 thoả a+b+c = 3 CMR:
Cho $a,b,c>0$ và $a+b+c$=3. CMR $\sum \frac{a}{a+2bc} \geq 1$
#1
Đã gửi 03-11-2017 - 14:26
#2
Đã gửi 03-11-2017 - 15:37
Đặt bđt trên là A
$A$ $\geq \sum \frac{a^2}{a^2+2abc}$
$A$ $\geq \frac{(a+b+c)^2}{a^2+b^2+c^2+6abc}$
$A$ $\geq \frac{3}{a^2+b^2+c^2+6abc}$
Ta có $a+b+c=3$ <=> $3\geq 3\sqrt[3]{abc}$
<=> $abc\leq 1$ <=> $6abc\leq 6$
<=> $A$ $\geq \frac{9}{a^2+b^2+c^2+6}$
$a^2+b^2+c^2\geq \frac{(a+b+c)^2}{3}=3$
<=> $A$ $\geq \frac{9}{6+3}=1$
Dấu bằng xảy ra khi $a=b=c=1$
Trình bày vội, không được rõ ràng lắm.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi DinhXuanHung CQB: 03-11-2017 - 15:38
- hung2k2destroyer, slenderman123 và Nguyen Van Thao thích
Little Homie
#3
Đã gửi 03-11-2017 - 20:59
Đặt bđt trên là A
$A$ $\geq \sum \frac{a^2}{a^2+2abc}$
$A$ $\geq \frac{(a+b+c)^2}{a^2+b^2+c^2+6abc}$
$A$ $\geq \frac{3}{a^2+b^2+c^2+6abc}$
Ta có $a+b+c=3$ <=> $3\geq 3\sqrt[3]{abc}$
<=> $abc\leq 1$ <=> $6abc\leq 6$
<=> $A$ $\geq \frac{9}{a^2+b^2+c^2+6}$
$a^2+b^2+c^2\geq \frac{(a+b+c)^2}{3}=3$
<=> $A$ $\geq \frac{9}{6+3}=1$
Dấu bằng xảy ra khi $a=b=c=1$
Trình bày vội, không được rõ ràng lắm.
Đoạn cuối bạn nhầm dấu rồi
Ta cần chứng minh $(a+b+c)^{2}\geq a^{2}+b^{2}+c^{2}+6abc$
$\Leftrightarrow ab+bc+ca\geq 3abc$
Ta có $abc\leq 1\Rightarrow \sqrt[3]{a^{2}b^{2}c^{2}}\geq abc$
mặt khác $ab+bc+ca\geq 3\sqrt[3]{a^{2}b^{2}c^{2}}\geq 3abc$
- Tea Coffee, didifulls và DinhXuanHung CQB thích
Đặng Minh Đức CTBer
#4
Đã gửi 04-11-2017 - 08:33
Đoạn cuối bạn nhầm dấu rồi
Ta cần chứng minh $(a+b+c)^{2}\geq a^{2}+b^{2}+c^{2}+6abc$
$\Leftrightarrow ab+bc+ca\geq 3abc$
Ta có $abc\leq 1\Rightarrow \sqrt[3]{a^{2}b^{2}c^{2}}\geq abc$
mặt khác $ab+bc+ca\geq 3\sqrt[3]{a^{2}b^{2}c^{2}}\geq 3abc$
Đoạn này là như thế nào nhỉ ^^! mình chưa hiểu lắm @@
''.''
#5
Đã gửi 04-11-2017 - 18:13
Cho a, b, c> 0 thoả a+b+c = 3 CMR:
Bài này đùng là làm theo hướng dùng bất đẳng thức Schwarz của Hùng , nhưng đoạn cuối đáng ra nên làm như vầy
Đặt biểu thức trên là A
Ta có $A=\frac{a}{a+2bc}+\frac{b}{b+2ca}+\frac{c}{c+2ab}\geq \frac{(a+b+c)^2}{a^2+b^2+c^2+6abc}\geq 1\Leftrightarrow ab+bc+ca\geq 3abc$
Đẳng thức này đùng vì theo bất đẳng thức AM-GM thì ta có :
$3=a+b+c\geq 3\sqrt[3]{abc}\rightarrow 1\geq abc\rightarrow ab+bc+ca\geq 3\sqrt[3]{a^2b^2c^2}\geq 3abc$
Vậy ta có đpcm ...dấu bằng xảy ra khi a=b=c=1 .
Một cách khác là ta có thể chứng minh bằng kỹ thuật đánh giá phủ định của phủ định hay còn gọi là AM-GM ngược dấu :3
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi viet9a14124869: 04-11-2017 - 18:13
- Tea Coffee và DinhXuanHung CQB thích
SÓNG BẮT ĐẦU TỪ GIÓ
GIÓ BẮT ĐẦU TỪ ĐÂU ?
ANH CŨNG KHÔNG BIẾT NỮA
KHI NÀO...? TA YÊU NHAU .
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh