tìm số nguyên tố p sao cho
$ \dfrac{1}{p}=\dfrac{1}{ a^{2}} +\dfrac{1}{ b^{2}}$
số nguyên tố
Bắt đầu bởi liemprosuper, 04-10-2010 - 21:46
#1
Đã gửi 04-10-2010 - 21:46
Tiền ko mua được tất cả nhưng hầu như tất cả mọi thứ đều đuợc mua bằng tiền
#2
Đã gửi 04-10-2010 - 23:12
khai triển ra ta đượctìm số nguyên tố p sao cho
$ \dfrac{1}{p}=\dfrac{1}{ a^{2}} +\dfrac{1}{ b^{2}}$
$p(a^2+b^2)=a^2b^2$
ta có số các thừa số nguyên tố của $a^2 $ và $b^2$ là chẵn
nên số các thừa số nguyên tố của $a^2.b^2$ và $(a^2+b^2)$ cũng là số chẵn
suy ra $p.(a^2+b^2)$ có số các thừa số nguyên tố là lẻ
vậy số các thừa số nguyên tố của Vp chẵn còn VT lẻ mà các số nguyên tố rã ràng ko chia hết cho nhau nên ko tồn tại $p$
\
#3
Đã gửi 04-10-2010 - 23:28
có tồn tại p chứ :a=b=2 thì có p=2 mà
lời giải: từ gt => $ a^{2}b^{2}=p(a^2+b^2) $ => $ a^{2}b^{2} $ p => $ ab $ p ( p nguyên tố)
=> (a p hoặc b p) (1) và $ a^{2}b^{2} $ $ p^2 $ => $ (a^2+b^2)p $ $ p^2 $ => $ a^2+b^2 $ p (2)
(1);(2)=> a p và b p => $ a^2\ge p^2 ; b^2\ge p^2 $ =>$ \dfrac{1}{p^2}\ge \dfrac{1}{a^2};\dfrac{1}{p^2}\ge \dfrac{1}{b^2} $ => $ \dfrac{2}{p^2}\ge \dfrac{1}{a^2}+\dfrac{1}{b^2}=\dfrac{1}{p} $ => $ p\le2 $ => p=2
lời giải: từ gt => $ a^{2}b^{2}=p(a^2+b^2) $ => $ a^{2}b^{2} $ p => $ ab $ p ( p nguyên tố)
=> (a p hoặc b p) (1) và $ a^{2}b^{2} $ $ p^2 $ => $ (a^2+b^2)p $ $ p^2 $ => $ a^2+b^2 $ p (2)
(1);(2)=> a p và b p => $ a^2\ge p^2 ; b^2\ge p^2 $ =>$ \dfrac{1}{p^2}\ge \dfrac{1}{a^2};\dfrac{1}{p^2}\ge \dfrac{1}{b^2} $ => $ \dfrac{2}{p^2}\ge \dfrac{1}{a^2}+\dfrac{1}{b^2}=\dfrac{1}{p} $ => $ p\le2 $ => p=2
#4
Đã gửi 04-10-2010 - 23:42
uh tớ quên xét trường hợp a=b vì lúc nãy hai vế sẽ cùng chẵn số các thừa số nguyên tốcó tồn tại p chứ :a=b=2 thì có p=2 mà
lời giải: từ gt => $ a^{2}b^{2}=p(a^2+b^2) $ => $ a^{2}b^{2} $ p => $ ab $ p ( p nguyên tố)
=> (a p hoặc b p) (1) và $ a^{2}b^{2} $ $ p^2 $ => $ (a^2+b^2)p $ $ p^2 $ => $ a^2+b^2 $ p (2)
(1);(2)=> a p và b p => $ a^2\ge p^2 ; b^2\ge p^2 $ =>$ \dfrac{1}{p^2}\ge \dfrac{1}{a^2};\dfrac{1}{p^2}\ge \dfrac{1}{b^2} $ => $ \dfrac{2}{p^2}\ge \dfrac{1}{a^2}+\dfrac{1}{b^2}=\dfrac{1}{p} $ => $ p\le2 $ => p=2
\
0 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh