Góp vui 1 bài bđt
#21
Đã gửi 13-11-2010 - 12:24
$\dfrac{{{a_1}{a_2}...{a_n}\left[ {1 - \left( {{a_1} + {a_2} + .... + {a_n}} \right)} \right]}}{{\left( {{a_1} + {a_2} + .... + {a_n}} \right)\left( {1 - {a_1}} \right)\left( {1 - {a_2}} \right)...\left( {1 - {a_n}} \right)}} \le \dfrac{1}{{{n^{n + 1}}}}$
(IMO Shortlist, 1998)
#22
Đã gửi 13-11-2010 - 14:40
Cho ${a_1},{a_2},...,{a_n} > 0 \\ $ và ${a_1} + {a_2} + .... + {a_n} < 1 \\ $. CMR:
$\dfrac{{{a_1}{a_2}...{a_n}\left[ {1 - \left( {{a_1} + {a_2} + .... + {a_n}} \right)} \right]}}{{\left( {{a_1} + {a_2} + .... + {a_n}} \right)\left( {1 - {a_1}} \right)\left( {1 - {a_2}} \right)...\left( {1 - {a_n}} \right)}} \le \dfrac{1}{{{n^{n + 1}}}}$
(IMO Shortlist, 1998)
p/s: gõ bằng latex đi bạn ! gõ tex máy mình ko đọc được!
rongden_167
#23
Đã gửi 13-11-2010 - 21:04
[latex] cong thuc toan[/latex]
It is difficult to say what is impossible, for the dream of yesterday is the hope of today and the reality of tomorrow
#24
Đã gửi 14-11-2010 - 06:06
Mình xài Mathtype cho nhanh ấy mà.
#25
Đã gửi 14-11-2010 - 16:28
Ta có:
$VT = \dfrac{{\sum {\left[ {{a^\alpha }\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)} \right]} }}{{\left( {a + b} \right)\left( {b + c} \right)\left( {c + a} \right)}} \ge \dfrac{{2\sum {\left[ {{a^{\alpha + 1}}\left( {b + c} \right)} \right]} }}{{\left( {a + b} \right)\left( {b + c} \right)\left( {c + a} \right)}}\left( {Schur} \right)\$
$ = 2\sum {\dfrac{{{a^{\alpha + 1}}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}}} $
Ta sẽ chứng minh $\[n \in N*\]\$ thì
$2\sum {\dfrac{{{a^{n + 2}}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}}} \ge \dfrac{{{a^n} + {b^n} + {c^n}}}{2}\$
Áp dụng bđt Cauchy và phương pháp quy nạp ta CM được bđt trên
Vậy ta có đpcm.
Mình chỉ chứng minh đc với số mũ nguyên dương thôi chứ với số mũ hữu tỷ thì mình chịu, mới học lớp 9 mà
Mình ko gõ được latex. Gõ nó ko ra. Mong bạn thông cảm
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi đat: 14-11-2010 - 16:55
#26
Đã gửi 14-11-2010 - 17:07
Cho $m,n \in N*,{a_1},{a_2},...,{a_n} > 0$
CMR:
$a_1^m + a_2^m + ... + a_n^m \ge \sum {\left( {a_1^{m - 1}\sqrt[{n - 1}]{{{a_2}{a_3}...{a_n}}}} \right)} $
Bài này do mình chế, cũng tạm được.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi đat: 14-11-2010 - 17:08
#27
Đã gửi 15-11-2010 - 16:20
Gợi ý nhé:sử dụng BDT Cauchy-Schwaz+Becnoulli hoặc sử dụng BDT Trê-Bư-sép1 hôm bận ko lên. may mà chưa có ai giải mất bài này.
Ta có:
$VT = \dfrac{{\sum {\left[ {{a^\alpha }\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)} \right]} }}{{\left( {a + b} \right)\left( {b + c} \right)\left( {c + a} \right)}} \ge \dfrac{{2\sum {\left[ {{a^{\alpha + 1}}\left( {b + c} \right)} \right]} }}{{\left( {a + b} \right)\left( {b + c} \right)\left( {c + a} \right)}}\left( {Schur} \right)\$
$ = 2\sum {\dfrac{{{a^{\alpha + 1}}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}}} $
Ta sẽ chứng minh $\[n \in N*\]\$ thì
$2\sum {\dfrac{{{a^{n + 2}}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}}} \ge \dfrac{{{a^n} + {b^n} + {c^n}}}{2}\$
Áp dụng bđt Cauchy và phương pháp quy nạp ta CM được bđt trên
Vậy ta có đpcm.
Mình chỉ chứng minh đc với số mũ nguyên dương thôi chứ với số mũ hữu tỷ thì mình chịu, mới học lớp 9 mà
Mình ko gõ được latex. Gõ nó ko ra. Mong bạn thông cảm
#28
Đã gửi 15-11-2010 - 17:29
go latex:1 hôm bận ko lên. may mà chưa có ai giải mất bài này.
Ta có:
$VT = \dfrac{{\sum {\left[ {{a^\alpha }\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)} \right]} }}{{\left( {a + b} \right)\left( {b + c} \right)\left( {c + a} \right)}} \ge \dfrac{{2\sum {\left[ {{a^{\alpha + 1}}\left( {b + c} \right)} \right]} }}{{\left( {a + b} \right)\left( {b + c} \right)\left( {c + a} \right)}}\left( {Schur} \right)\$
$ = 2\sum {\dfrac{{{a^{\alpha + 1}}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}}} $
Ta sẽ chứng minh $\[n \in N*\]\$ thì
$2\sum {\dfrac{{{a^{n + 2}}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}}} \ge \dfrac{{{a^n} + {b^n} + {c^n}}}{2}\$
Áp dụng bđt Cauchy và phương pháp quy nạp ta CM được bđt trên
Vậy ta có đpcm.
Mình chỉ chứng minh đc với số mũ nguyên dương thôi chứ với số mũ hữu tỷ thì mình chịu, mới học lớp 9 mà
Mình ko gõ được latex. Gõ nó ko ra. Mong bạn thông cảm
[latex] cong thuc toan[/latex]nho la ko fai la:
[latex]\cong thuc toan [/latex]chu ko fai la:
[latex]:cong thuc toan [/latex]
It is difficult to say what is impossible, for the dream of yesterday is the hope of today and the reality of tomorrow
#29
Đã gửi 15-11-2010 - 19:38
$VT = \dfrac{{\sum {\left[ {{a^\alpha }\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)} \right]} }}{{\left( {a + b} \right)\left( {b + c} \right)\left( {c + a} \right)}} \ge 2\sum {\dfrac{{{a^{\alpha + 1}}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}}} (Schur)$
Nếu $\alpha = 1$ thì bất đẳng thức ban đầu là bđt Nesbitt.
Nếu$\alpha \ge 2$
$\dfrac{{8{a^3}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}} + \left( {a + b} \right) + \left( {a + c} \right) \ge 6a$
$\Rightarrow \dfrac{{8{a^{\alpha + 1}}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}} \ge 4{a^{\alpha - 1}} - {a^{\alpha - 2}}b - {a^{\alpha - 2}}c \Rightarrow 8\sum {\dfrac{{{a^{\alpha + 1}}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}}} \ge 4\left( {{a^{\alpha - 1}} + {b^{\alpha - 1}} + {c^{\alpha - 1}}} \right) - \sum\limits_{sym} {{a^{\alpha - 2}}b} $
Ta chỉ cần cm $2\left( {{a^{\alpha - 1}} + {b^{\alpha - 1}} + {c^{\alpha - 1}}} \right) \ge \sum\limits_{sym} {{a^{\alpha - 2}}b} $
Bđt này không khó bạn tự cm tiếp.
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi đat: 15-11-2010 - 19:55
#30
Đã gửi 16-11-2010 - 18:43
Bước (1) là sai rồi ! sử dụng BĐT AM-GM cho (1) thì chỉ ra $6a^{\dfrac{ \alpha +1}{3}}- (2a+b+c)$ chứ đâuMình viết lại bài giải bằng latex nha :
$VT = \dfrac{{\sum {\left[ {{a^\alpha }\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)} \right]} }}{{\left( {a + b} \right)\left( {b + c} \right)\left( {c + a} \right)}} \ge 2\sum {\dfrac{{{a^{\alpha + 1}}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}}} (Schur)$
Nếu $\alpha = 1$ thì bất đẳng thức ban đầu là bđt Nesbitt.
Nếu$\alpha \ge 2$
$\dfrac{{8{a^3}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}} + \left( {a + b} \right) + \left( {a + c} \right) \ge 6a$
$\Rightarrow \dfrac{{8{a^{\alpha + 1}}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}} \ge 4{a^{\alpha - 1}} - {a^{\alpha - 2}}b - {a^{\alpha - 2}}c (1)\Rightarrow 8\sum {\dfrac{{{a^{\alpha + 1}}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}}} \ge 4\left( {{a^{\alpha - 1}} + {b^{\alpha - 1}} + {c^{\alpha - 1}}} \right) - \sum\limits_{sym} {{a^{\alpha - 2}}b} $
Ta chỉ cần cm $2\left( {{a^{\alpha - 1}} + {b^{\alpha - 1}} + {c^{\alpha - 1}}} \right) \ge \sum\limits_{sym} {{a^{\alpha - 2}}b} $
Bđt này không khó bạn tự cm tiếp.
có ra $4a^{ \alpha -1}-a^{ \alpha -2}b-a^{ \alpha-2}c$!!!!!!
P/s:bạn xét th thiếu rồi kìa !còn th $1< \alpha <2$ thì sao??????
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 16-11-2010 - 19:55
#31
Đã gửi 16-11-2010 - 21:27
Bước (1) là sai rồi ! sử dụng BĐT AM-GM cho (1) thì chỉ ra $6a^{\dfrac{ \alpha +1}{3}}- (2a+b+c)$ chứ đâu
có ra $4a^{ \alpha -1}-a^{ \alpha -2}b-a^{ \alpha-2}c$!!!!!!
P/s:bạn xét th thiếu rồi kìa !còn th $1< \alpha <2$ thì sao??????
Mình áp dụng AM-GM với 3 số $\dfrac{{8{a^3}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}};a + b;a + c$
Sau đó nhân 2 vế với ${a^{\alpha - 2}}$
Đúng mà
Còn nữa, như đã nói ở trên mình chưa biết nhiều về dạng toán có số mũ ko nguyên nên chỉ có thể cm bđt này với số mũ nguyên dương.
Bạn post lời giải cho mọi người xem đi.
#32
Đã gửi 16-11-2010 - 21:43
Lời giải :Mình áp dụng AM-GM với 3 số $\dfrac{{8{a^3}}}{{\left( {a + b} \right)\left( {a + c} \right)}};a + b;a + c$
Sau đó nhân 2 vế với ${a^{\alpha - 2}}$
Đúng mà
Còn nữa, như đã nói ở trên mình chưa biết nhiều về dạng toán có số mũ ko nguyên nên chỉ có thể cm bđt này với số mũ nguyên dương.
Bạn post lời giải cho mọi người xem đi.
$VT = \sum {\dfrac{{a^\alpha }}{{b + c}}} = \sum {\dfrac{{\left( {a^{\dfrac{{\alpha + 1}}{2}} } \right)^2 }}{{a\left( {b + c} \right)}}} \ge \dfrac{{\left( {\sum {a^{\dfrac{{\alpha + 1}}{2}} } } \right)^2 }}{{2\sum {ab} }}(cauchy-Schwarz) $
$a^{\dfrac{{\alpha + 1}}{2}} = \left[ {1 + \left( {a - 1} \right)} \right]^{\dfrac{{\alpha + 1}}{2}} \ge 1 + \dfrac{{1 + \alpha }}{2}\left( {a - 1} \right) = \dfrac{{1 - \alpha }}{2} + \dfrac{{1 + \alpha }}{2}a\left( {Becnoulli} \right)$
$\Rightarrow \sum {a^{\dfrac{{\alpha + 1}}{2}} } - \sum a \ge \dfrac{{3\left( {1 - \alpha } \right)}}{2} + \dfrac{{1 + \alpha }}{2}\left( {a + b + c} \right) - \left( {a + b + c} \right)$
$= \dfrac{{\alpha - 1}}{2}\left( {a + b + c - 3} \right) \ge \dfrac{{\alpha - 1}}{2}\left( {3\sqrt[3]{{abc}} - 3} \right) = 0 $
$\Rightarrow \sum {a^{\dfrac{{\alpha + 1}}{2}} } \ge \sum a \Rightarrow \left( {\sum {a^{\dfrac{{\alpha + 1}}{2}} } } \right)^2 \ge \left( {\sum a } \right)^2 \ge 3\sum {ab} $
$\Rightarrow VT \ge \dfrac{{\left( {\sum {a^{\dfrac{{\alpha + 1}}{2}} } } \right)^2 }}{{2\sum {ab} }} \ge \dfrac{{3\sum {ab} }}{{2\sum {ab} }} = \dfrac{3}{2} = VP\left( {dpcm} \right) $
P/s:Bài này còn giải theo cách dùng BĐT Trê-bư-sép của "nguyenthaiphuc"
1 bài khác nhé!
Cho $a,b,c>0$
CM:$\left( {a^2 + 2} \right)\left( {b^2 + 2} \right)\left( {c^2 + 2} \right) \ge 9\left( {ab + bc + ca} \right)$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi dark templar: 16-11-2010 - 21:49
1 người đang xem chủ đề
0 thành viên, 1 khách, 0 thành viên ẩn danh