2.$x^8+y^8+z^8=\frac{1}{27}$
chứng minh: $\frac{x^7}{y^2+z^2}+\frac{y^7}{z^2+x^2}+\frac{z^7}{x^2+y^2}\geq \frac{\sqrt{3}}{8}$
Bài 2, sử dụng BĐT chê-bư-sép và AM-GM ta có:
$VT\geq \frac{1}{3}(x^8+y^8+z^8).\sum \frac{1}{x(y^2+z^2)}\geq \frac{1}{3}.\frac{1}{27}.\frac{9}{\sum x(y^2+z^2)}=\frac{1}{9}.\frac{1}{\sum x(y^2+z^2)}$
Sử dụng BĐT Am-gm cho 8 số:
$x^8+y^8+y^8+5.\frac{1}{3^4}\geq 8.\sqrt[8]{\frac{x^8y^{16}}{3^{20}}}=\frac{8xy^2}{3^2\sqrt{3}}$
Tương tự $x^8+z^8+z^8+5.\frac{1}{3^4}\geq 8.\sqrt[8]{\frac{x^8z^{16}}{3^{20}}}=\frac{8xz^2}{3^2\sqrt{3}}$
Cộng lại, ta được: $2(x^8+y^8+z^8)+\frac{10}{3^4}\geq \frac{8}{3^2\sqrt{3}}x(y^2+z^2)$
$\Leftrightarrow x(y^2+z^2)\leq \frac{2}{3\sqrt{3}}$
Hoàn toàn tương tự cho 2 bộ còn lại, ta suy ra $\sum x(y^2+z^2)\leq \frac{2}{\sqrt{3}}$
Thay vào trên, ta có $VT\geq \frac{1}{9}.\frac{1}{\frac{2}{\sqrt{3}}}=\frac{\sqrt{3}}{18}$ (chắc bạn gõ nhầm VP)
Dấu bằng xảy ra khi $a=b=c=\frac{1}{\sqrt{3}}$