hôm nay chả làm j! ngồi chém cái đã!
bài 1:
đặt $f(a,b,c)=a(\frac{1}{b}+\frac{1}{c})+b(\frac{1}{c}+\frac{1}{a})+c(\frac{1}{a}+\frac{1}{b})$
ta sẽ c/m: $f(a,b,c)\geq f(a,\frac{b+c}{2},\frac{b+c}{2})$
thật vậy!
Xét $f(a,b,c)- f(a,\frac{b+c}{2},\frac{b+c}{2})= \frac{(b-c)^{2}(a+b+c)}{bc(b+c)} \geq 0$ (mình k muốn trình bày rõ ra! hix)
do đó $f(a,b,c)\geq f(a,\frac{b+c}{2},\frac{b+c}{2})$
lại có!
do ABC là tam giác không nhọn và a,b,c là 3 cạnh tam giác nên $b^{2}+c^{2}\leq a^{2}$
do đó! đặt $b^{2}+c^{2}= k^{2}a^{2}$ với $0<k \leq 1$
Khi đó a=$\frac{\sqrt{b^{2}+c^{2}}}{k}$
Và: $f(a,b,c) + 3 = (a+b+c)(\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c})$
Nên
$f(a,\frac{b+c}{2},\frac{b+c}{2})$ = $f(a,\frac{b+c}{2},\frac{b+c}{2}) = 2 + \frac{4}{\sqrt{2}k}+\sqrt{2}k$
ta chỉ cần chứng minh:
$\frac{4}{\sqrt{2}k}+\sqrt{2}k \geq 3\sqrt{2}$
$\Leftrightarrow (k-1)(k-2)\geq 0$ Luôn đúng do $0< k\leq 1$
hay ta có đpcm
đẳng thức xảy ra khi $b=c$ và $k=1$
do đó!
tam giác ABC là tam giác vuông cân!
Nghiêm Văn Chiến 97