Bài toán: Cho $x;y;z$ là các số thực dương.Chứng minh rằng:
$$\dfrac{2}{3}+\dfrac{27}{xyz} \ge \dfrac{x+y+z+36}{x^2+y^2+z^2}$$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Oral31211999: 15-04-2013 - 15:18
Bài toán: Cho $x;y;z$ là các số thực dương.Chứng minh rằng:
$$\dfrac{2}{3}+\dfrac{27}{xyz} \ge \dfrac{x+y+z+36}{x^2+y^2+z^2}$$
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi Oral31211999: 15-04-2013 - 15:18
"If I feel unhappy,I do mathematics to become happy.
If I feel happy,I do mathematics to keep happy."
Alfréd Rényi
Bài toán: Cho $x;y;z$ là các số thực dương.Chứng minh rằng:
$$\dfrac{2}{3}+\dfrac{27}{xyz} \ge \dfrac{x+y+z+36}{x^2+y^2+z^2}$$
Ta có: $xyz\leq \frac{(x+y+z)^{3}}{27}$
$\Rightarrow \frac{2}{3}+\frac{27}{xyz}\geq \frac{2}{3}+\frac{729}{(x+y+z)^{3}}$
$x^{2}+y^{2}+z^{2}\geq \frac{(x+y+z)^{3}}{3}$
$\Rightarrow \frac{x+y+z+36}{x^{2}+y^{2}+z^{2}}\leq \frac{3(x+y+z)+108}{(x+y+z)^{2}}$
Ta cần chứng minh: $\frac{2}{3}+\frac{729}{(x+y+z)^{3}}\geq \frac{3(x+y+z)+108}{(x+y+z)^{2}}$
Đặt x+y+z=a (a>0). Khi đó bất đẳng thức cần chứng minh trở thành:
$\frac{2}{3}+\frac{729}{a^{3}}\geq \frac{3a+108}{a^{2}}$
$\Leftrightarrow \frac{2a^{3}+2187}{3a^{3}}\geq \frac{9a^{2}+324a}{3a^{3}}$
$\Leftrightarrow 2a^{3}+2187\geq 9a^{2}+324a$
$\Leftrightarrow (2a+7)(a-9)^{2}\geq 0$ (luôn đúng)
Vậy bất đẳng thức đã được chứng minh
THE SHORTEST ANSWER IS DOING
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh