cho $x,y$>0 thay đổi thỏa mãn:$x+y=2$.Tìm min,max của A với:A=$x^{4}+y^{4}+\frac{2}{3}x^{3}y^{3}-1$
cho $x,y$>0 thay đổi thỏa mãn:$x+y=2$.Tìm min,max của A với:A=$x^{4}+y^{4}+\frac{2}{3}x^{3}y^{3}-1$
Số hoàn hảo giống như người hoàn hảo, rất hiếm có.
Perfect numbers like perfect men are very rare.
Rene Descartescho $x,y$>0 thay đổi thỏa mãn:$x+y=2$.Tìm min,max của A với:A=$x^{4}+y^{4}+\frac{2}{3}x^{3}y^{3}-1$
Ta có $x^4+y^4=(x+y)^4-6x^2y^2-4xy(x^2+y^2)=16-6x^2y^2-4xy(4-2xy)=16+2x^2y^2-16xy$
$\Rightarrow A=16+2x^2y^2-16xy+\frac{2}{3}x^3y^3-1=\frac{2}{3}t^3+2t^2-16t+15$ với $t=xy$
Áp dụng AM-GM ta có $t=xy \leq (\frac{x+y}{2})^2=1$
Do đó ta dễ dàng chứng minh được $\frac{2}{3}t^3+2t^2-16t+15 \geq \frac{5}{3}$ với $t \in \left (0;1 \right ]$
Vậy Min A là $\frac{5}{3}$ khi $x=y=1$
Ta có $x^4+y^4=(x+y)^4-6x^2y^2-4xy(x^2+y^2)=16-6x^2y^2-4xy(4-2xy)=16+2x^2y^2-16xy$
$\Rightarrow A=16+2x^2y^2-16xy+\frac{2}{3}x^3y^3-1=\frac{2}{3}t^3+2t^2-16t+15$ với $t=xy$
Áp dụng AM-GM ta có $t=xy \leq (\frac{x+y}{2})^2=1$
Do đó ta dễ dàng chứng minh được $\frac{2}{3}t^3+2t^2-16t+15 \geq \frac{5}{3}$ với $t \in \left (0;1 \right ]$
Vậy Min A là $\frac{5}{3}$ khi $x=y=1$
còn max thj sao anh
Số hoàn hảo giống như người hoàn hảo, rất hiếm có.
Perfect numbers like perfect men are very rare.
Rene Descartescòn max thj sao anh
ủa tk max =15 à anh.hình như ko phải lam saotk anh nói nốt đi ạ
Bài viết đã được chỉnh sửa nội dung bởi mathpro9x: 15-06-2013 - 11:11
Số hoàn hảo giống như người hoàn hảo, rất hiếm có.
Perfect numbers like perfect men are very rare.
Rene DescartesTa có $x^4+y^4=(x+y)^4-6x^2y^2-4xy(x^2+y^2)=16-6x^2y^2-4xy(4-2xy)=16+2x^2y^2-16xy$
$\Rightarrow A=16+2x^2y^2-16xy+\frac{2}{3}x^3y^3-1=\frac{2}{3}t^3+2t^2-16t+15$ với $t=xy$
Áp dụng AM-GM ta có $t=xy \leq (\frac{x+y}{2})^2=1$
Do đó ta dễ dàng chứng minh được $\frac{2}{3}t^3+2t^2-16t+15 \geq \frac{5}{3}$ với $t \in \left (0;1 \right ]$
Vậy Min A là $\frac{5}{3}$ khi $x=y=1$
em đạt x=t+1,y=1-t thì ra dc hay sao y
Số hoàn hảo giống như người hoàn hảo, rất hiếm có.
Perfect numbers like perfect men are very rare.
Rene Descartesủa tk max =15 à anh.hình như ko phải lam saotk anh nói nốt đi ạ
Max là 15 đạt được khi $(x,y)=(0,1)$ và hoán vị nhưng đề bài của em là $x,y>0$ cơ mà
Nếu $x,y \geq 0$ thì ta vẫn khảo sát $f(t)=\frac{2}{3}t^3+2t^2-16t+15$ với $t \in \left [ 0;1 \right ]$
$\Rightarrow 15 \geq f(t) \geq \frac{5}{3}$
Max là 15 đạt được khi $(x,y)=(0,1)$ và hoán vị nhưng đề bài của em là $x,y>0$ cơ mà
Nếu $x,y \geq 0$ thì ta vẫn khảo sát $f(t)=\frac{2}{3}t^3+2t^2-16t+15$ với $t \in \left [ 0;1 \right ]$
$\Rightarrow 15 \geq f(t) \geq \frac{5}{3}$
cấp 2 anh ơi em chưa biết khảo sát
tàn lụi
cấp 2 anh ơi em chưa biết khảo sát
Chưa học khảo sát thì chắc em đã học qua 1 số bất đẳng thức đúng không ?
Dễ thấy $t \in \left [ 01; \right ]$ nên $\left\{\begin{matrix} \frac{2}{3}t^3 \leq \frac{2}{3}t\\2t^2 \leq 2t \end{matrix}\right.$
$\Rightarrow A=\frac{2}{3}t^3+2t^2-16t+15 \leq \frac{2}{3}t+2t-16t+15=\frac{-40}{3}t+15 \leq 15$
Áp dụng AM-GM ta có
$\frac{2}{3}t^3+\frac{2}{3}+\frac{2}{3} \geq 2t$
$2t^2+2 \geq 4t$
Và $10 \geq 10t$
Cộng 3 bất đẳng thức trên lại ta được $\frac{2}{3}t^3+2t^2+\frac{40}{3} \geq 16t$
$\Rightarrow A \geq \frac{5}{3}$
0 thành viên, 0 khách, 0 thành viên ẩn danh